如何驗證如果對象變量設置

我有創建User類時如何驗證如果對象變量設置

$user = new User($userId);

現在，用戶日誌來檢查用戶是否登錄，我試圖做

if (isset($user)) { // user is logged in 

} else { // user is not logged in 

}

但是，isset()似乎不適用於對象？我也試過is_object()。請指教！希望有一種方法可以做到這一點，也許

if ($user->isLoggedIn()) { 

}

謝謝你的時間！

來源

2010-02-16 axsuul

isset()應該工作，是否對象。您還可以使用

if ((isset($user)) and ($user instanceof User))

檢查是否設置和無論是類User的對象。

來源

2010-02-16 19:17:56

如果您編輯的用戶類，你可以使用$用戶> isLoggedIn（）

class User { 

private $logged_in = false; 

... 

public function login($uid) { 
    ... login code 
    $this->logged_in = true; 
} 

public function isLoggedIn() { 
    return $this->logged_in; 
} 

... 
}

來源

2010-02-16 19:19:08 thetaiko

不同，這是正確的答案被宣佈。如果你有一個用戶，並且想要檢查他是否已經登錄，那麼使用'isset（$ user）'確定用戶是否登錄是一個非常糟糕的主意。 – MarthyM

的問題是，

new User($userid);

將總是給你一個User對象，即使它的構造函數可能會在數據庫中查找$userid，可能會斷定該對象不存在。您可以在構造函數中爲無效的$userid s拋出異常，並使用try/catch構造函數代替isset()測試，或者在確實存在的用戶的構造函數中設置User->valid屬性，並在您的測試中檢查該屬性。

也見一些更多的想法了這個問題：PHP constructor to return a NULL

來源

2010-02-16 19:19:57 Wim

isset()作品有對象了。事實上，它會與任何工作，只要：

變量已在當前範圍
變量值大於NULL

來源

2010-02-16 19:20:20 AlexV

如何驗證如果對象變量設置

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