在php中選擇數據庫標籤

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我有一個問題，我需要學習如何解決！我正在提交表單，其中包含一些選擇標籤下拉菜單！所以所有這些下拉菜單都從數據庫中獲取數據我做到了這一點，但問題是我需要當我從下拉菜單中選擇一些＃1我做了一個查詢，並從數據庫中選擇匹配的數據，並將它們發佈到Drop菜單＃2！所以這裏是我的代碼： -在php中選擇數據庫標籤

<?php 
echo "Choose your Source :<select name='source' value='Source'> 
         <option> </otpion>"; 
$sql = "SELECT City_name FROM city"; 
$info = mysql_query($sql); 

while ($row = mysql_fetch_array($info)) { 
    echo "<option > '" . @$row[0] . "'</option>"; 
} 

echo "</select>"; 
echo "Choose your Destination :<select name='destination' value='Destination'> 
          <option> </otpion>"; 
echo @$source = $_POST['source']; 
$sql = "SELECT Destination FROM Schedule WHERE Source ='" . @$source . "'"; 
$info = mysql_query($sql); 

while (@$row = mysql_fetch_array($info)) { 
    echo "<option selected='selected'>'" . @$row['0'] . "'</option>"; 
} 

echo "</select><br />"; 
?>

所以現在我想知道，我怎樣才能從數據庫值到「目標」下拉菜單中，當我選擇從「源」下拉菜單中的值，而無需刷新頁面也不點擊任何按鈕！提前致謝。

來源

2012-12-29 Mohammad99

老實說，你從野外互聯網的源頭學會編寫這樣的代碼，或者你從哪裏複製它？這絕對是可怕的！ PHP，HTML，SQL（壞），充滿錯誤壓縮（壞）的混合使用mysql_ * API（壞，不贊成），容易受到SQL注入攻擊（危險）。 – markus

忘記你已經瞭解PHP的一切，重新開始，在這裏：http://www.phptherightway.com/ – markus

@馬庫斯 - tharkun這是什麼攻擊人？我仍在學習！！！ – Mohammad99

這將需要客戶端腳本，如JavaScript。看起來您可能想要使用AJAX，它可以利用JavaScript並允許您在服務器上（並最終爲您的數據庫）調用您的PHP文件而不會刷新頁面。

如果您不熟悉AJAX，我建議你做一些研究。你最好是使用AJAX功能的JavaScript庫，比如jQuery：http://api.jquery.com/jQuery.ajax/

來源

2012-12-29 23:24:25

在php中選擇數據庫標籤

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