實施性病::的reference_wrapper

Question

雖然望着std::reference_wrapper here

的建設者和經營者的實施是顯而易見的我，但我不明白這部分

template< class... ArgTypes > 
typename std::result_of<T&(ArgTypes&&...)>::type 
    operator() (ArgTypes&&... args) const { 
    return std::invoke(get(), std::forward<ArgTypes>(args)...); 
} 

有人能簡化它我...將不勝感激

編輯：並將是很好給operator()std::reference_wrapper

Answer 1

這定義了operator()成員函數，該函數適用於包含對Callable的引用的std::reference_wrapper。它的目的是調用底層的Callable。

• 模板參數class ... Args是爲了使其通用於可傳遞給底層Callable的參數。
• 操作者的返回類型必須被返回類型通過調用可調用，這是由typename std::result_of<T&(ArgTypes&&...)>::type部分所獲得產生
• 它使用invoke呼叫作爲呼叫可贖回的通用方法，其中工程而不管它是什麼類型的Callable（函子，函數指針，成員函數指針等）。
• 它使用std::forward來傳遞參數列表來實現perfect forwarding--例如傳遞給原始調用的左值和右值在底層調用中保留了它們的l/rvalue-ness。