簡單的PHP查詢在一個頁面上工作，在另一個頁面上爆炸

我在兩頁上使用這個確切的代碼，並在其中一個爆炸。兩個頁面都具有完全相同的user/pass/host/db鏈接（相同的標題），如果我打印$命令並粘貼到Sequel Pro中，查詢將返回一條記錄。簡單的PHP查詢在一個頁面上工作，在另一個頁面上爆炸

下面是該查詢：

$command = "SELECT ID,Location,OriginalLocationID FROM locations WHERE FloorID='".$_SESSION['FloorID']."' ORDER BY ID DESC LIMIT 1"; 
echo $command; 
$query = mysql_query($command); 
while($results = mysql_fetch_row($query)) 
{ 
    $_SESSION['LocationID']=$results[0]; 
    $_SESSION['LocationName']=$results[1]; 
    $_SESSION['OriginalLocationName']=$results[2]; 
}

是我得到的錯誤是：

Warning: mysql_fetch_row(): supplied argument is not a valid MySQL result resource

作爲一個說明，會話[ 'FloorID']設置，當你點擊鏈接，所以這不是空白或破碎。任何想法我做錯了，或者爲什麼它會在一頁而不是另一頁上工作？

此外 - 是的，我谷歌搜索，它不是一個空的錯誤或語法或任何東西，因爲正如我所說，它在另一個頁面上完美的作品。

來源

2011-11-18 Lauren

'$ _SESSION ['FloorID']'有哪些鏈接？我們在這裏看不到。你在這個腳本的開頭是否調用了'session_start（）'？ –

'echo mysql_error（）'查看錯誤的實際原因。 –

'echo $ command;'display是什麼？ –

警告：和mysql_fetch_row（）：提供的參數不是一個有效的MySQL結果資源

這表明查詢本身失敗，這可能是因爲無效的語法或因爲數據庫連接本身不會發生已經建立。

在調用mysql_fetch_row()之前，您必須執行錯誤處理，並且在失敗時使用mysql_error()來標識錯誤原因。

$query = mysql_query($command); 
if ($query) 
{ 
    while($results = mysql_fetch_row($query)) 
    { 
     $_SESSION['LocationID']=$results[0]; 
     $_SESSION['LocationName']=$results[1]; 
     $_SESSION['OriginalLocationName']=$results[2]; 
    } 
} 
else echo mysql_error();

來源

2011-11-18 20:29:14

簡單的PHP查詢在一個頁面上工作，在另一個頁面上爆炸

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