好吧,所以我正在嘗試爲iOS創建一個應用程序。Sql將無法獲得值在哪裏
我的問題是,我認爲,當使用JSON並將其與SQL結合時,它不起作用。
所以這是我的代碼
<?php
$user='Admin';
echo $user;
$host='HOST';
$user='USER';
$password='PASSWORD';
$connection = mysql_connect($host,$user,$password);
if(!$connection){
die('Connection Failed');
}
else{
$dbconnect = @mysql_select_db('DATABASE', $connection);
if(!$dbconnect){
die('Could not connect to Database');
}
else{
$query = "SELECT * FROM AppLogin WHERE Username = '".$user."' ";
$resultset = mysql_query($query, $connection);
$records= array();
while($r = mysql_fetch_assoc($resultset)){
$records[] = $r;
}
echo json_encode($records);
}
}
?>
我得到的輸出是
管理員[]
如果我不喜歡這樣
<?php
$host='HOST';
$user='USER';
$password='PASSWORD';
$connection = mysql_connect($host,$user,$password);
if(!$connection){
die('Connection Failed');
}
else{
$dbconnect = @mysql_select_db('DATABASE', $connection);
if(!$dbconnect){
die('Could not connect to Database');
}
else{
$query = "SELECT * FROM AppLogin WHERE Username = 'Admin' ";
$resultset = mysql_query($query, $connection);
$records= array();
while($r = mysql_fetch_assoc($resultset)){
$records[] = $r;
}
echo json_encode($records);
}
}
?>
我得到的輸出I想要:
[{ 「用戶名」: 「管理」, 「密碼」: 「密碼」}] ' 「$值」'
爲什麼當我使用WHERE =的SQL不工作
阿爾賓
'$ user ='Admin';''''user ='USER';'。第二個是覆蓋另一個。 –
您確定'$ user'是一個有效的用戶,查詢應該返回一些內容? – FredMaggiowski
What @ Fred-ii-指出的是,你使用了s ame變量名('$ user')用於SQL查詢中的用戶名,以及用於連接到mysql_connect()'中的數據庫的用戶名。另請注意* mysql已被取消且不安全。使用mysqli或PDO * – RobP