使用Togglebutton處理彈出式菜單

我在Xaml中有一個切換按鈕和一個彈出窗口。 popup的IsOpen綁定到切換按鈕的IsChecked並且Popup的StaysOpen設置爲false。所以彈出窗口會在切換按鈕選中時打開，如果未選中則關閉。這工作正常。使用Togglebutton處理彈出式菜單

我的問題是我打開彈出窗口，點擊遠離彈出窗口，這會關閉彈出窗口，因爲它保持打開狀態，如果我試圖通過單擊切換按鈕打開彈出窗口，彈出窗口不會打開。由於它處於檢查狀態，並且進入未檢查狀態。所以它不打開彈出窗口。

任何想法，我該如何處理？

2013-05-10 Sankarann

我試圖讓它成爲雙向綁定，這樣當彈出關閉時，togglebutton會被取消選中 – 2013-05-10 05:35:26

@SebastianEdelmeier：是的，綁定模式是雙向的，但IsOpen在關閉時不會改變。 – Sankarann 2013-05-10 05:37:11

處理彈出窗口關閉/打開的事件並在那裏切換CheckBox狀態，反之亦然。我自己與Popup有類似的問題。

2013-05-10 06:03:02

Set StaysOpen =「True」或甚至更好StaysOpen =「{Binding ElementName = TogglePopupButton，Path = IsMouseOver}」。

第二種方法可以得到2個好處。 1）如果用戶在彈出式視圖之外單擊，則PopUp關閉。彈出關閉，如果你再次點擊ToggleButton。

2017-03-16 10:26:08

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