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我有一個數據庫中的圖像鏈接到特定的Id $ SetID。通過點擊小圖像，它應該讓我知道數據庫中的大圖像，它的確如此，但我唯一的問題是，它會打開一個全新的選項卡來執行此操作。我想打開圖像爲小彈出或模式，以便觀看者可以在看到照片後快速關閉它。這裏是我的代碼：如何在php中打開鏈接作爲彈出窗口或模式？
print ("<td> <a href='$prefix$imagename'> <img src=\"$prefix$filename\" alt=\"Set $SetID\"/> </a> </td>");
$前綴是我的鏈接，$ imagename是id在數據庫中的大型石化，$ filename是在同一個數據庫中的小照片（大和小是指出錯誤的文件夾，但有相同的$ SetID）。 謝謝！
我認爲你不能這樣做在PHP –
PHP是服務器端，它只是發送文本到客戶端。它沒有彈出窗口或模式的概念。 – GordonM
但我不能關閉PHP，在HTML中做，然後重新打開PHP？><？php等？ –