gulp-js只將保存的文件傳遞給任務

Question

我想傳遞一個保存的文件，該文件不需要編譯或不需要保存到新的位置以吞噬點擊，這樣我就可以運行一個外部腳本它。

現在我看一個完整的目錄，並在每次保存我上傳整個目錄：

gulp.task('shopify_theme',function(){ 
gulp.src('./theme/**/*.liquid') 
    .pipe(tap(function(file){ 
      upload(file); 
    })); 
}) 

這是上傳部（主題是上傳資產shopify的應用程序）

var upload = function(file){ 
var splitPath = file.path.split('theme/').pop(); 
run('theme upload ' + splitPath, { cwd: 'theme' }).exec(); 
}; 

每次我將一個液體文件保存在/ theme目錄中時，所有文件（theme/**/*。liquid）都會上傳。在任務運行時目的地和源地址相同時，gulp-changed不起作用。

什麼是隻上傳更改文件的最佳方式？

Answer 1

您可以使用gulp.watch要監視更改到單個文件：

var upload = function(filePath){ 
    var splitPath = filePath.split('theme/').pop(); 
    run('theme upload ' + splitPath, { cwd: 'theme' }).exec(); 
}; 

gulp.watch('./theme/**/*.liquid', function(evnt) { 
    upload(evnt.path); 
});