如何從PHP中選擇3個以上的表MySQL

Question

我有1個數據庫可以容納12個以上的表，我想從所有表中選擇數據，或者至少選擇4個表中的數據。

然而，似乎沒有任何工作。我不認爲我可以以任何方式加入表格，因爲ID是不同的。

這是我到目前爲止有：

$query = mysqli_query($con, 
"SELECT 
    table1.field, 
    table2.field, 
    table3.field 

    FROM table1 

    LEFT JOIN table2 
     ON table1.id = table2.id 
     LEFT JOIN table3 
     ON table3.id = table1.id 
")or die(); 

任何幫助，將不勝感激，謝謝。

Answer 1

$query = mysqli_query($con, 
"SELECT 
    table1.field, 
    table2.field, 
    table3.field 

    FROM table1 

    LEFT JOIN table2 
     ON 1 
     LEFT JOIN table3 
     ON 1 
")or die(); 

JOIN通常在標籤之間存在關係時使用。這就是它需要ON條件的原因。

這是可行的，但你也可以說：

"SELECT * FROM 
(
SELECT field FROM TABLE1 
UNION 
SELECT field FROM TABLE2 
UNION 
SELECT field FROM TABLE3 
UNION 
... 
) AS name 
" 

看到這裏之間UNION和UNION ALL區別： http://www.w3schools.com/sql/sql_union.asp