從其他表中插入選擇乘法

我想從表2中插入數據到table1，其中table2中的數據與表3中的值相乘。從其他表中插入選擇乘法

Table 1和Table具有相同的列（ID，rangking，狀態，接入，設施，普及）（ID是自動遞增）表2中有數據：

ID |正在拉動|狀態|訪問|設施|人氣

1 | 9 | 4 | 2 | 4 | 6

2 | 4 | 5 | 1 | 2 | 7

3 | 5 | 8 | 5 | 3 | 4

table3有數據：

id |值
c2 | 0.2
c3 | 0.5
c4 | 0.1
c5 | 0.3

$sql = mysqli_query ($koneksi, "SELECT value 
      FROM table3 WHERE id ='c2'") or die(mysqli_error($koneksi)); 
$c2 = mysqli_fetch_array($sql); 

$sql = mysqli_query ($koneksi, "SELECT value 
       FROM table3 WHERE id ='c3'") or die(mysqli_error($koneksi)); 
    $c3 = mysqli_fetch_array($sql); 

insert into table1 (rangking,status,access,facility,popularity) 
SELECT (rangking*$c2['value'] as Rank,status *$c3['value'] as Stat,access,facility,popularity) FROM table2

從那個查詢我發現錯誤，有什麼幫助嗎？

來源

2017-03-28 Hafidh

您選擇了一個名爲value，那麼你應該在$ C2訪問值列（在選擇不需要別名（插入/選擇的值由位置分配）

insert into table1 (a2,a3,a4,a5) 
SELECT (a2*$c2['value'] as A2,a3,a4,a5) FROM table2

$sqlTest = mysqli_query ($koneksi, "insert into table1 (a2,a3,a4,a5) 
    SELECT (a2*$c2['value'] as A2,a3,a4,a5) FROM table2") or die(mysqli_error($koneksi));

來源

2017-03-28 12:05:23 scaisEdge

仍然註釋= mysqli_error（）期望的是1個參數，0給 – Hafidh

這個錯誤是不相關的我答案...我只發佈查詢SQL代碼，而不是mysqli_query ..代碼..在哪個查詢你指？ – scaisEdge

沒有（）的SELECT命令..我把自己弄糊塗了。 Thx爲您提供幫助！ – Hafidh

您可以通過使用加入了多個查詢保存自己：

INSERT INTO table1 (a2, a3, a4, a5) 
SELECT table1.a2 * table3.value AS a2, table1.a3, table1.a4, table1.a5 
FROM table1 
INNER JOIN table3 
    ON table3.id = :id

:id是一個命名參數，您可以將其綁定到值'c2'（或手動插入，具體取決於它是否是用戶輸入）。

我在ON中使用了table3.id = :id，因爲這肯定會將結果綁定到所選的行，但是如果您有正確的關聯/外鍵，您可以使用它。

在未來，它可以幫助您的名字列有意義的事情，而不僅僅是a1，a2等

來源

2017-03-28 12:14:33 Rogue

其實它更多比a1，a2複雜。我只是簡單地讓人們容易理解其他人的看法。我將它的所有相似（a2 * c2，a3 * c3，a4 * c4，a5 * c5）相乘，但沒有相同的id加入它。 – Hafidh

老實說，'a1 ... a5'比實際名稱更令人困惑。即使發佈問題。 – Rogue

已經編輯它。我不能使用JOIN，因爲在table3.id中沒有任何相同的table2。編號 – Hafidh

從其他表中插入選擇乘法

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