我想旁邊有我的頁面上的每個配方的上傳按鈕,所以我需要圖片上傳過程中通過配方ID值,使圖像路徑會保存在我的數據庫中每個食譜旁邊。但由於種種原因,我一直得到同樣的錯誤:變量沒有被圖像中正確地傳遞上傳
Notice: Undefined index: recipe_id in C:\xampp\htdocs\upload.php on line 4
4號線:$recipe_id = $_POST['recipe_id'];
下面是HTML表單:
<div class="upload_icon">
<form id="<?php echo $recipe_id ?>" action="upload.php" method="POST"
enctype="multipart/form-data">
<input type="file" name="image" value="<?php echo $recipe_id ?>"/></input>
<button type="submit" name="submit" value="add">Add image!</button>
</form>
</div>
PHP部分(upload.php的):
if ($_SERVER["REQUEST_METHOD"] == "POST");
{
$recipe_id = $_POST['recipe_id'];
$name = $_FILES ['image'] ['name'];
$tmp_name = $_FILES ['image'] ['tmp_name'];
$location = "uploads/$name";
move_uploaded_file($tmp_name, $location);
$update = query("UPDATE menu SET recipe_pic = '".$location."' WHERE recipe_id =
'$recipe_id' ");
}
?>
我在做什麼錯?
你試圖傳遞變量在文件輸入。用表單提交PHP的名稱和值創建一個不同的(隱藏的)輸入。 – Jon