如何訪問函數的變量，如果外面聲明PHP

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哪能如果else語句訪問功能的可調出身邊，你可以看到，當我宣佈opType == "Anand"不是代碼將運行，但我使用後男人看到導致如何訪問函數的變量，如果外面聲明PHP

if (!(empty($_POST)) & isset($_POST)) { 
    $opType = $_POST["opType"]; 
    if ($opType == "insertFuelEngineMap") { 
     //insert into fuel_engine_capacity_mapping setValuesForCreation(false); 
     $query = "INSERT INTO fuel_engine_capacity_mapping(cf_mapping_id,capacity_id) VALUES ('$cf_mapping_id','$capacity_id')"; 
     $loginResult = mysqli_query($link, $query); 
     if (mysqli_affected_rows($link) > 0) { 
      $userdata = array('status' => '200', 'msg' => "insertlol into fuel_engine_capacity_mapping successfully", 'mapping_id' => $link->insert_id); 
     } else { 
      $userdata = array('status' => '404', 'msg' => " Cant fuel_engine_capacity_mapping " . mysqli_error($link)); 
     } 
    } 
    if ($opType == "anand") { 

     function addition() { 
      $GLOBALS['z'] = $GLOBALS['x'] + $GLOBALS['y']; 
     } 

    } 
} 
addition(); 
echo $z;

來源

2016-03-02 Anand Kashyap

請妥善格式化你的代碼。 –

你不認爲聲明'if/esle'的函數基礎是一個壞方法。你應該在課堂上創建一個功能並根據你的要求調用它 – urfusion

我實際上並不理解你在問什麼。 – RiggsFolly

您可以返回值：

//Modify you function so it will return the result 
function addition() { 
    return $GLOBALS['z'] = $GLOBALS['x'] + $GLOBALS['y']; 
}

然後：

//Catch variable and echo 
echo $z = addition();

希望這是你想要的，因爲你的問題不清楚。此外，如果$opType與anand不同，你將會出錯，因爲函數會被調用，但它不會存在。

最好在任何情況下聲明它，而不僅僅是如果$opType === 'anand'。

來源

2016-03-02 09:48:32 ThinkTank

聲明一個函數裏面和if語句，只有當設置了一些變量，然後調用它之外，如果語句，你不檢查該變量設置了一個災難計劃！

代碼的主體而不是定義函數和帶參數調用它，只返回計算值

<?php 
function addition($a, $b) { 
    return $a + $b; 
} 

$z = addition($x, $y); 
echo $z;

來源

2016-03-02 09:57:29 RiggsFolly

如何訪問函數的變量，如果外面聲明PHP

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