無法顯示數據庫中的表格

無法顯示數據庫中的表格。每個節目都有一個表格，其中保存了一些分數。此外，還有一個節目表，其中保存了program id和program name。當我每年評選程序，我得到了以下錯誤：無法顯示數據庫中的表格

沒有找到數據

注意：未定義的變量：結果在C：\ XAMPP \ htdocs中\統計\ ac_directorPrograms.php上線61

警告：mysql_fetch_assoc（）預計參數1是資源，在C空給出：\ XAMPP \ htdocs中\統計\ ac_directorPrograms.php上線61

出了差錯與result從動作的代碼，我想用形式爲prog_name和program。

形式

<?php 
     include 'connect.php'; 
    ?> 
    <form name="myform" action="ac_directorPrograms.php" method="POST"> 

     <b>Programs:<b/> 
     <select name="program"> 
     <option value="Choose">Please select..</option> 
     <?php 
       $sql = mysql_query("SELECT prog_name FROM program"); 
       while ($row = mysql_fetch_array($sql)) { 
       echo "<option value='" . $row['prog_name'] . "'>" . $row['prog_name'] ."</option>"; 
       } 
     ?> 
     </select><br/><br/> 

<b>Year:<b/> 
<select name="year"> 
<option value="Choose">Please select..</option> 
<option value="2005">2005</option> 
<option value="2006">2006</option> 
<option value="2007">2007</option></select><br/><br/> 


<br/> 
<input type="submit" value="submit" name="Submit"> 
<input type="reset" name="reset" value="Clear"> 

</form> 
</div>

行動碼

 <?php 

     include 'connect.php'; 

     $year = $_POST['year']; 
     $program = $_POST['program']; 
     $years  = array(
      2005, 
      2006, 
      2007 
     ); 
     $programs = array(
      'bsc computer science', 
      'bsc psychology', 
      'ba finance', 
      'ba marketing', 
      'ba management' 
     ); 

     if (in_array($program, $programs) && in_array($year, $years)) { 

      $sql = "SELECT a1,a2,a3,l1,l2,l3,l4,l5,l6,l7,lavg,r1,r2,u1,u2,u3 FROM $program WHERE year=$year"; 

      $result = mysql_query($sql); 
     } 

     else { 
      echo "No data found"; 
    } 
    ?> 
     <html> 
     <head> 
     <link rel="stylesheet" type="text/css" href="../../statistics/style.css"> 
     </head> 
      <body> 

      <div id="container"> 
      <table id="table" width="900" border="1" cellspacing="1"> 

      <tbody> 
       <tr> 
       <td>A1 </td> 
       <td>A2 </td> 
       <td>A3 </td> 
       <td>L1 </td> 
       <td>L2 </td> 
       <td>L3 </td> 
       <td>L4 </td> 
       <td>L5 </td> 
       <td>L6 </td> 
       <td>L7 </td> 
       <td>LAVG </td> 
       <td>R1 </td> 
       <td>R2 </td> 
       <td>U1 </td> 
       <td>U2 </td> 
       <td>U3 </td> 
     </tr> 
     </tbody> 
     <?php 
       while($program=mysql_fetch_assoc($result)){ 
        echo "<tr>"; 
        echo "<td>".$program['a1']."</td>"; 
        echo "<td>".$program['a2']."</td>"; 
        echo "<td>".$pprogram['a3']."</td>"; 
        echo "<td>".$pprogram['l1']."</td>"; 
        echo "<td>".$program['l2']."</td>"; 
        echo "<td>".$program['l3']."</td>"; 
        echo "<td>".$program['l4']."</td>"; 
        echo "<td>".$program['l5']."</td>"; 
        echo "<td>".$program['l6']."</td>"; 
        echo "<td>".$program['l7']."</td>"; 
        echo "<td>".$program['lavg']."</td>"; 
        echo "<td>".$program['r1']."</td>"; 
        echo "<td>".$program['r2']."</td>"; 
        echo "<td>".$program['u1']."</td>"; 
        echo "<td>".$program['u2']."</td>"; 
        echo "<td>".$program['u3']."</td>"; 
        echo "</tr>";  
       } 
      ?> 
     </table> 
    </div> 
    </body> 
    </html>

來源

2015-04-19 ma_p

嘗試將這段代碼$result = mysql_query($sql);呼應SQL可能是你能進去，如果條件就是爲什麼結果沒有定義，你所得到的警告。開始使用mysqli或pdo。 –

在操作碼和include connect.php後，添加這個... $con=mysqli_connect("localhost","my_user","my_password","my_db");不要忘記更換my_user，my_password，my_db與你的用戶名，密碼和數據庫名稱。

而且這一個$result=mysqli_query($con,$sql);

來源

2015-04-19 11:44:13 DogFace

這是可變的範圍的問題。你已經在if條件中定義了$ result，並且使用了if的外側。你需要定義$結果的條件。

來源

2015-04-19 10:24:39

我發佈了這個問題，我使用了第一個答案，這就是爲什麼我在'如果'條件''結果'[link] http://stackoverflow.com/questions/29487723/cannot-display-the-proper-表中的PHP –

無法顯示數據庫中的表格

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