如何比`運算符'更傾向於`運算符T（）`轉換？

當定義operator <<(std::ostream&...和通用轉換運算符template<typename T> operator T()時，std::cout << foo();不明確。有沒有辦法來調用operator <<？如何比`運算符'更傾向於`運算符T（）`轉換？

最短工作代碼：因爲它通過其暫時不能綁定到非const裁判採取foo

#include<iostream> 

struct foo { 
    int x; 
    template<typename T> operator T() { return static_cast<T>(x); } 
    friend std::ostream& operator <<(std::ostream& out, foo& f) { return out << f.x; } 
}; 

//std::ostream& operator <<(std::ostream& out, foo& f) { return out << f.x; } // doesn't help 

int main() { 
    std::cout << foo() << std::endl; 
    return 0; 
}

來源

2016-02-22 Irfy

'operator <<'在那裏甚至是不可行的，因爲'foo（）'是一個右值並且'operator <<'需要一個左值參數。 – aschepler

[This code works]（http://ideone.com/dbiawM）。 –

你自己的操作是不可行的。因此，轉換後過載首先被考慮在內。

改變其聲明

friend std::ostream& operator <<(std::ostream& out, const foo& f) { return out << f.x; }

修復該問題。現在您的運營商是更好的匹配，因爲它不需要轉換。

來源

2016-02-22 23:05:41

如何比`運算符'更傾向於`運算符T（）`轉換？

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