與無效工作首次

我最近開始瞎搞與無效，碰到一個問題與無效工作首次

這是我的代碼：

#include <iostream> 
using namespace std; 

void smallSort(); 

int main() 
{ 
    int num1, num2, num3; 
    cout << "Please enter the first number" << endl; 
    cin >> num1; 
    cout << "Please enter the second number" << endl; 
    cin >> num2; 
    cout << "Please enter the third number" << endl; 
    cin >> num3; 
    cout << "Now I will sort from smallest to biggest!" << endl; 

    smallSort(); 
    return 0; 
} 

void smallSort(int& num1, int& num2, int& num3){ 
    if(num1 > num2) 
     swap(num1, num2); 
    if(num1 > num3) 
     swap(num1, num3); 
    if(num2 > num3) 
     swap(num2, num3); 

    cout << num1 << " " << num2 << " " << num3 << endl; 
}

我試着參數添加到smallSort在主要內部，但它說，有太多的論據。我也嘗試從void中移除參數，但是這也不起作用。任何提示或任何東西我可以閱讀將是巨大的，感謝

來源

2015-01-31 cppfan

如果你有一個論據函數，您實際上需要在調用函數時傳遞參數。另請注意，由於您在編程C++，所以void smallSort（）和void smallSort（int＆num1，int＆num2，int＆num3）這兩個函數不是相同的函數。閱讀更多關於函數重載的信息。實際上，第一個等於'void smallSort（void）'（即一個採用* no *參數的函數）。 – 2015-01-31 22:36:03

此外請注意，由於您聲明瞭一個不帶參數的'smallSort'函數，並且調用不帶參數的'smallSort'，所以您不會收到編譯器錯誤，而是會得到一個* linker *錯誤，指出'smallSort'未定義。而它呢，因爲你沒有定義一個不帶參數的'smallSort'函數。這是您應該查找並瞭解*聲明*和*定義*之間區別的關鍵。 – 2015-01-31 22:39:27

從函數中獲取'cout'（一個函數應該是一個函數）。在調用'smallSort（）'之後移動它。這是一個編程原則。它不會解決你目前的問題，但它會讓你的生活更輕鬆。例如，在'cout'的地方，你可以通過刪除'＆'s來重構（刪除'＆'將不會有任何行爲上的影響 – 2015-01-31 22:45:49

你的函數定義不匹配其聲明：

void smallSort(); // <== zero args 
void smallSort(int& num1, int& num2, int& num3){ // <== three args

那些必須精確匹配。你的聲明應改爲：

void smallSort(int&, int&, int&);

而且你不是真正調用使用任何參數：

smallSort();

應該是：

smallSort(num1, num2, num3);

來源

2015-01-31 22:36:16 Barry

它只是第一位（聲明），導致了這些問題，其他所有東西都導致了這個問題，例如，很多參數錯誤 – 2015-01-31 22:41:22

@richard該調用顯然也不正確 – Barry 2015-01-31 22:45:02

該調用是的一切。它導致了第一個錯誤。它也會導致太多的參數編譯錯誤。 – 2015-01-31 22:46:25

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