我知道那裏有很多類似的問題，但我已經搜索了很多次，以確保不會浪費任何人的時間，但我一直無法找到解決方案。我希望有人能夠發現我錯過的東西。MySQL（not mysqli）插入最後一個ID不起作用

我們的網站目前正在使用MySQL（不是MySQLi ...我知道它應該更新，但現在至少，這是我必須與之合作）。

我正在通過已創建的表單更新兩個數據庫表。第一張名爲「客戶」的表格包含一些配置文件信息，幷包含一個auto_incremented客戶ID，並由我的表單中的一些信息進行更新。在第二個表'customer_addresses'中，剩下的信息被更新，並且新表中的一列被稱爲customer，並且在DB中被索引以鏈接到'customers'表中的id列。當我提交此表單時，我希望'customers_addresses'表與新客戶一起更新，但未提交時顯示。這裏是我的代碼...（QUESTIONABLE部分是mysql_insert_id（）接近底部）....

<?php 
if($_POST) { 
    //Get variables from post array 
    $first_name = mysql_real_escape_string($_POST['first_name']); 
    $last_name = mysql_real_escape_string($_POST['last_name']); 
    $email = mysql_real_escape_string($_POST['email']); 
    $password = mysql_real_escape_string(md5($_POST['password'])); 
    $address = mysql_real_escape_string($_POST['address']); 
    $address2 = mysql_real_escape_string($_POST['address2']); 
    $city = mysql_real_escape_string($_POST['city']); 
    $state = mysql_real_escape_string($_POST['state']); 
    $zipcode = mysql_real_escape_string($_POST['zipcode']); 

    //Create customer query 
    $query="INSERT INTO customers (first_name,last_name,email,password) 
     VALUES('$first_name','$last_name','$email','$password')"; 
    //Run query 
    mysql_query($query); 

    //Create address query 
    $query="INSERT INTO customer_addresses (customer,address,address2,city,state,zipcode) 
     VALUES(mysql_insert_id(),'$address','$address2','$city','$state','$zipcode')"; 
    //Run query 
    mysql_query($query); 

    header('Location: index.php'); 
    exit; 
} 
?>

我知道我連接到DB正確的「客戶」表每次正確更新我提交我的表單並且我知道'customer_addresses'表連接正確，因爲如果我在PHP中手動更改「mysql_insert_id（）」，使其成爲正確的客戶ID（例如35），那麼它可以正常工作，但不知怎的，我需要它從第一個查詢獲取這些信息到客戶表。

感謝您的任何幫助。

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我還試圖用「LAST_INSERT_ID（）」，但無濟於事爲好。

來源

2016-06-13 Ridge Robinson

嘗試從字符串中取出mysql_insert_id。在第一個mysql_query之後，分配它，所以'$ customerId = mysql_insert_id（）;'，然後將其轉儲出來，看看它是否正確填充。 –

你不能只在函數中間有一個函數'mysql_insert_id（）'，並期望它把輸出放在那裏......它不會那樣工作。將它移動到字符串的外側併爲其分配一個變量。 – cmorrissey

我知道，用$ mysqli-> insert_id，你可以放置代碼，就像我擁有它，所以這就是爲什麼我試過這個。但是，當我寫這篇文章的時候，我可以看到它可能與創建變量的'$'符號有關... –

mysql_insert_id()是一個PHP函數，而不是一個MySQL的函數和函數調用沒有擴展的字符串內.. MySQL的函數被調用LAST_INSERT_ID()，所以它應該是：

$query="INSERT INTO customer_addresses (customer,address,address2,city,state,zipcode) 
    VALUES(LAST_INSERT_ID(),'$address','$address2','$city','$state','$zipcode')";

或者你可以撥打PHP函數並將結果插入到字符串中。

$customer_id = mysql_insert_id(); 
$query="INSERT INTO customer_addresses (customer,address,address2,city,state,zipcode) 
    VALUES($customer_id,'$address','$address2','$city','$state','$zipcode')";

來源

2016-06-13 20:10:39 Barmar

嗨Barmar ...我試過使用LAST_INSERT_ID（），正如我在我的文章中編輯指出的那樣......但事實上它已經工作了，所以當我嘗試這個時它肯定是一個錯字。感謝您的建議和幫助！我會在5分鐘內接受你的回答，因此告訴我，我需要等待多長時間 –

如果你有任何的錯誤處理的全部，而不僅僅是假設成功，你會被告知你的語法錯誤：

$query="INSERT INTO customer_addresses (customer,address,address2,city,state,zipcode) 
    VALUES(mysql_insert_id(),'$address','$address2','$city','$state','$zipcode')"; 
    ^^^^^^^^^^^^^^^^^

這不是一個PHP函數調用。它是查詢字符串的一部分，是一個mysql函數調用。 Mysql函數調用不會以mysql_作爲前綴。

從不EVER假設數據庫調用成功。總是假設故障，檢查是否存在故障，並把成功作爲一個意外的驚喜：

$result = mysql_query($sql) or die(mysql_error()); 
          ^^^^^^^^^^^^^^^^^^^^^^^

來源

2016-06-13 20:11:07

嗨馬克......我同意我應該使用「或死」......聲明，這是一個天真的舉動。謝謝你的建議。 –

function executeSingleResult($query) 
{ 
$result= mysql_query($query); //ESEGUO LA QUERY 
return mysql_fetch_assoc($result); 
} 

$r= executeSingleResult($query); //write your query to retrieve your last ID 
$ID=$r["ID"]; 
$query="INSERT INTO customer_addresses (customer,address,address2,city,state,zipcode) 
     VALUES($ID,'$address','$address2','$city','$state','$zipcode')";

嘗試用一個簡單的查詢，讓您的ID，保存在variabe的值，然後做你插入

來源

2016-06-13 20:27:23 CiroRa

MySQL（not mysqli）插入最後一個ID不起作用

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