PHP輸出圖像發出

if (file_exists($path)) { 

    $fileContent = id3_getImage($path); 
    $fileMime = id3_getMimeOfImage($path); // is set to image/jpeg 

    if ($fileMime != "") { 
     header('Content-Type: '.$fileMime); 
     print($fileContent); 
     die; 
    } 
}

所以上面的代碼在瀏覽器不能正常工作，但是當我做一個圖像與圖像PHP輸出圖像發出

$img = imagecreatefromstring($fileContent); 
imagejpeg($img, 'test.jpg');die;

創建映像，我可以看到它在我的電腦上。所以，我不知道我在做什麼錯:(

*難道是在Apache的conf設置？說實話，我在這一個

來源

2012-04-21 Wouter Rutgers

我需要動態創建的圖像讀取時這一個是爲我工作，所以它不是真正創建圖像，然後將其重定向到路徑的選項。無論如何，它應該這樣工作，雖然 – 2012-04-21 20:30:24

只是使用'imagejpeg（$ img，NULL）;' – smocking 2012-04-21 20:30:48

請解釋id3_getImage（）和id3_getMimeOfImage（） - 這些不是有效的運算符。 – 2012-04-21 20:41:29

header('Content-Type: image/jpeg'); 

// Output the image 
imagejpeg($img);

您需要發送頭不知道。但如果你要創建的圖像，並顯示，你需要創建和讀取此爲瀏覽器

readfile($filename);

你可以在這裏閱讀的人： http://php.net/manual/en/function.readfile.php

來源

2012-04-21 20:30:18

我不確定你的意思，你不需要使用readfile（$ filename），因爲該文件的內容與$ var相同並且它們都將它打印到瀏覽器 – 2012-04-21 20:34:47

您需要使用'imagejpeg（$ img，'test.jpg'）;'並使用readfile（'test.jpg'）;' – 2012-04-21 20:37:30

我不確定，因爲我以爲它會有相同的輸出，但是我已經測試過了，沒有結果:( – 2012-04-21 20:40:52

我用SMARTR Google Groups的eadFile.php顯示任何類型的文件。

https://jplayer.googlegroups.com/attach/f308294ddea52f6c/smartReadFile.php?view=1&part=4

這真的很聰明。 =）

<?php 

require "smartReadFile.php"; 

$dir = 'images/'; 
$filename = 'someimage' . '.jpg'; 
$location = $dir.$filename; 

smartReadFile($location, $filename); 

?>

來源

2012-04-21 20:34:36

使用這個，仍然不起作用，我想我需要在我的apache conf中改變一些東西。由於該網址沒有擴展名.jpg，實際上它沒有任何擴展名。這只是/ cover/ – 2012-04-21 20:38:48

與URL無關。這是一個文件目錄閱讀。 – 2012-04-21 20:42:05

從DB

$image = imagecreatefromstring([path/DBfiels]); 
header('content-type: image/jpeg'); 
imagejpeg($image); 
imagedestroy($image);

來源

2012-04-21 20:41:32 Adi

不幸的是，不適合我。 – 2012-04-21 20:48:54

PHP輸出圖像發出

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