提供圖像參數$ _GET

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我想寫一個HTML網站，顯示圖像。

<img src="<? echo htmlspecialchars($_GET['id']; ?>.jpg">

，因爲它無法加載的ressource，同時用「1.JPG」替換源呈現圖像It沒有做任何事情除了產生ERR_FILE_NOT_FOUND：圖像源被定義。 href鏈接到example.com/page.html?id=1。

我是否必須在身體的開始處包含<?php $id = $_GET['id']; ?>之類的內容？

全碼：

<!DOCTYPE html PUBLIC "-//W3C//DTD HTML 4.01 Transitional//EN"> 
<html> 
    <head> 
    <meta http-equiv="Content-Type" content="text/html; charset=windows-1252"> 
    <title>Slideshow Test</title> 
    <link rel="stylesheet" href="./style.css"> 
    <link rel="shortcut icon" href="./img/Shortcut.ico" type="image/ico"> 

    </head> 
    <body class="a12"> 
    <?php /**$id = $_GET['id']; **/?> 
    <div align="center"> 
        <tr height="460"> 
        <td class="a10" height="460" width="566"> 
         <div align="center"></div> 
         <img src="<? echo htmlspecialchars($_GET['id']); ?>.jpg" alt="an image" height="460" border="0"> 
        </td> 
        </tr> 
    </div> 
    </body> 
</html>

來源

2017-10-04 thraizz

嗯......什麼正在這裏生成的HTML，瀏覽器正在試圖提取實際的網址是什麼？由於PHP中存在語法錯誤，我打賭它不是「1.jpg」... – deceze

您的代碼有一個錯字，您從未關閉對'htmlspecialchars（）'的函數調用。另外，顯示實際產生的HTML是什麼。 – David

瀏覽器試圖獲取'<？％20echo％20htmlspecialchars（$ _ GET [％27id％27]）;％20？>。jpg'，爲什麼php代碼沒有解析？ – thraizz

請在你的代碼的PHP。

更換

<img src="<? echo htmlspecialchars($_GET['id']; ?>.jpg">

與

<img src="<?php echo htmlspecialchars($_GET['id']); ?>.jpg">

來源

2017-10-04 10:22:38

我修復了這個錯字。我的html代碼是否需要包含一個.php文件？我認爲它也可以通過在''標籤中包含必要的php代碼來工作。 – thraizz

如果你想從外部調用一個php文件，那麼你可以包含它。在這種情況下，不需要這樣做。 –

提供圖像參數$ _GET

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