PHP返回參照不正常功能工作，但與OOP

Question

工作如果我試試這個代碼：

<?php 

class ref 
{ 

    public $reff = "original "; 

    public function &get_reff() 
    { 
     return $this->reff; 
    } 

    public function get_reff2() 
    { 
     return $this->reff; 
    } 
} 

$thereffc = new ref; 

$aa =& $thereffc->get_reff(); 

echo $aa; 

$aa = " the changed value "; 
echo $thereffc->get_reff(); // says "the changed value " 
echo $thereffc->reff; // same thing 
?> 

然後通過參考書返回和對象屬性$reff的值被改變的變量$aa引用它也會改變。

但是，當我嘗試使用不在類內的普通函數時，它不起作用！

我試過這段代碼：

<?php 

function &foo() 
{ 
    $param = " the first <br>"; 
    return $param; 
} 

$a = & foo(); 

$a = " the second <br>"; 

echo foo(); // just says "the first" !!! 

它看起來像功能foo()不會承認它返回由參考，並固執地返回想要的東西！

是否僅在OOP環境中通過引用工作返回？

Answer 1

這是因爲當函數調用完成時，函數的範圍崩潰，並且未設置變量的本地函數引用。任何對函數的後續調用都會創建一個新的$ param變量。

即使在函數中不是這樣的情況下，您將在每次調用該函數時將該變量重新分配給the first <br>。

如果您想要證明參考工作返回工作使用static關鍵字來爲函數變量提供持久狀態。

見這個例子

function &test(){ 
    static $param = "Hello\n"; 
    return $param; 
} 


$a = &test(); 
echo $a; 
$a = "Goodbye\n"; 

echo test(); 

Echo的

Hello 
Goodbye 

Answer 2

是否通過參考工作僅在OOP情況下返回？

如果這是一個函數或類方法，returning by reference始終有效。

你提出的問題表明你可能還沒有完全理解PHP中的引用是什麼，正如我們都知道的那樣 - 可能會發生。我建議你閱讀PHP手冊中的整個主題，以及不同作者的至少兩個來源。這是一個複雜的話題。

在你的例子中，小心你在這裏返回的引用btw。您將$param設置爲該值 - 總是 - 當您調用該函數時，該函數將返回對該新設置變量的引用。

所以這更是變量範圍的問題，你在這裏問：

• Variable scope