mysqli_stmt_bind_result不返回值

Question

好吧，這讓我感到厭倦，我似乎無法在PHP文檔中找到任何內容，也無法在Google results球中查找任何內容，所以也許有人可以在這裏找到幫助。

我試圖做一個簡單的請求數據庫返回varchar(30)。

代碼：

$qryID = "select idPhotos from housesphotos where idHouse = ?"; 
//Prepare the query 
$stmt = mysqli_prepare($link, $qryID); 

$x = 106; 
//Bind the login parameter to the statement 
if(mysqli_stmt_bind_param($stmt, "i", $x)){ 
    if(mysqli_stmt_execute($stmt)){ 
     //Bind every column in the select 
     if(mysqli_stmt_bind_result($stmt, $photoID)){ 
//    $photoID = mysqli_stmt_fetch($stmt); 
      echo $photoID; 
     } 
    } 
} 

if(empty($photoID)){ 
    printf("EMPTY"); 
} 

正如您可以猜到輸出是EMPTY。我曾嘗試使用此解決方案：Strange issue with mysqli_stmt_bind_result但它沒有奏效。

爲了確保全部的寄託是suppost去正確地我已經在MySQL查詢，它創造了奇蹟：

select idPhotos from housesphotos where idHouse = 106 

OUTPUT：

591219e92b2fe_591219e92b302 

的housephotos是varchar(30)場。我不確定它是否是與返回值相混淆的字段類型。我也不確定，如果這是我之前在代碼中建立的連接，但我嘗試了unset($stmt)和其他變量來解決問題，但它不起作用。

這是某種與mysqli_stmt_bind_result()或只是一個新的人的錯誤的錯誤？

Answer 1

你實際上並不是取得的結果 - 你評論了mysqli_stmt_fetch()。提取也返回一個布爾值，而不是實際的結果。取消註釋該行，並刪除對其的變量賦值。

$qryID = "select idPhotos from housesphotos where idHouse = ?"; 
//Prepare the query 
$stmt = mysqli_prepare($link, $qryID); 

$x = 106; 
//Bind the login parameter to the statement 
if(mysqli_stmt_bind_param($stmt, "i", $x)){ 
    if(mysqli_stmt_execute($stmt)){ 
     //Bind every column in the select 
     if(mysqli_stmt_bind_result($stmt, $photoID)){ 
      mysqli_stmt_fetch($stmt); // Remove the comment and variable assignment 
      echo $photoID; 
     } 
    } 
} 

如果你還沒有得到任何結果，則可能是因爲行數返回爲零（你可以在執行後檢查與$stmt->num_rows），但因爲你說的查詢在phpMyAdmin的工作，這是很可能你會忽略某種錯誤。要檢查錯誤，請在您的if條件中添加else，並在裏面添加日誌$stmt->error。

• http://php.net/manual/en/mysqli-stmt.fetch.php