SQL，PHP，子查詢

我有這樣的錯誤：警告：mysql_fetch_array（）預計參數1是資源，布爾在C中給出：\ XAMPP \ htdocs中\ projeto \ BD \上線proj_detalhes.php 25SQL，PHP，子查詢

<?php 
$bd = "crowdfunding"; 
$connection = mysql_connect("localhost","root","") or die(mysql_error()); 
mysql_select_db($bd) or die(mysql_error()); 
$sql = "SELECT projeto.id, nome, limite, projeto.descricao FROM projeto,(SELECT valor, recompensa.descricao FROM recompensa, projeto WHERE projeto.id = id_projeto)"; 
$res = mysql_query($sql); 
?> 

<html> 
<head> 
<title>Projects</title> 
</head> 
<body> 
<h1>Details<br /></h1> 
<table> 
<tr> 
<td><strong>ID</strong></td> 
<td><strong>Name</strong></td> 
<td><strong>Final data</strong></td> 
<td><strong>Description</strong></td> 
<td><strong>Value</strong></td> 
<td><strong>Reward Description</strong></td> 
</tr> 
<?php 
while($dados = mysql_fetch_array($res)){ 
$id = $dados['id']; 
$nome = $dados['nome']; 
$data = $dados['limite']; 
$descricao_proj = $dados['projeto.descricao']; 
$valor = $dados['valor']; 
$descricao_rec = $dados['recompensa.descricao']; 

echo "<tr> 
    <td>$id</td> 
     <td>$nome</td> 
     <td>$data</td> 
     <td>$descricao_proj</td> 
    <td>$valor</td> 
    <td>$descricao_rec</td> 
</tr>"; 
} 
?> 
</table><br /><br /> 
<form action="menu1.php" method="get"> 
<center><input name="button" type="submit" value="Back"/></center> 
</form> 
</body> 
</html>

我的第一個變量不是英文，試着理解它。但我在這裏的目標是從項目表中顯示我的ID名稱和說明，並從我的獎勵表中顯示值和說明（僅當項目中的id等於我創建的project_id中的變量時）

來源

2015-12-04 João Campos

不要使用mysql_ *功能了！他們已棄用！嘗試改用PDO或SQLi。 – jankal

如果沒有錯誤，'mysql_query'的結果是可以在'mysql_fetch_array'中使用的資源。您不應該假設每個函數調用都不會返回錯誤。 – Tristan

嗯，我有一個表叫projeto與這些變量（英文項目）： ID 諾姆（英文名） descricao（介紹） LIMITE（截止日期，類型爲DATE） –

您的查詢返回一個錯誤，最有可能的。嘗試使用phpMyAdmin或任何數據庫工具直接針對數據庫直接運行查詢。

它看起來像查詢的「id_projeto」部分（最後）可能導致錯誤。

UPDATE：前綴和表名（或別名）的所有字段名和使用JOIN：

SELECT p.id, p.nome, p.limite, p.descricao, r.valor, r.descricao FROM projeto p LEFT JOIN recompensa r ON p.id = r.id_projeto

來源

2015-12-04 22:36:47 AVProgrammer

好吧，我有一臺名爲projeto（用英語與這些變量的項目）： id nome（英文姓名）descricao（描述）limite（截止日期，類型爲DATE）有另一張名爲recompensa（英文獎勵）的表格用這些變量：id id_projeto（table projeto中id的FK）desc ricao（用英語描述）valor（英語價值）我使用phpadmin。現在我把$ resultado = mysql_query（$ sql）或死（mysql_error（））;看到錯誤，它說：每個派生表必須有它自己的別名 –

我已更新我的問題，以反映您的評論的信息。 – AVProgrammer

謝謝我在你的答案前2分鐘嘗試使用INNER JOIN，並且運行沒有錯誤，所以謝謝。但是有一個問題，INNER JOIN和LEFT JOIN有什麼區別？ –

SQL，PHP，子查詢

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