PHP通過引用傳遞？

後來，我用php寫了一個網站，現在在我的網絡服務器上設置它。回來的時候我寫了，一切都很好，但現在，它正在產生這些錯誤：PHP通過引用傳遞？

Strict Standards: Only variables should be passed by reference in /home/dragonto/public_html/source/navbar.php on line 4 
class="current">Home Strict Standards: Only variables should be passed by reference in /home/dragonto/public_html/source/navbar.php on line 4 
>About Strict Standards: Only variables should be passed by reference in /home/dragonto/public_html/source/navbar.php on line 4 
>Contact Us Strict Standards: Only variables should be passed by reference in /home/dragonto/public_html/source/navbar.php on line 4 
>Projects Strict Standards: Only variables should be passed by reference in /home/dragonto/public_html/source/navbar.php on line 4 
>Tutorials

我不知道這些是什麼意思。我研究了在PHP中通過ref傳遞，並且它看起來並不違反我的規定。這是有問題的腳本：

<?php 
    function GetScriptName() 
    { 
     return end(explode("/", $_SERVER['SCRIPT_FILENAME'])); 
    } 

    $Links = array(
       1 => array(1 => "Home",  2 =>  "index.php"), 
       2 => array(1 => "About",  2 =>  "about.php"), 
       3 => array(1 => "Contact Us", 2 => "contact.php"), 
       4 => array(1 => "Projects", 2 => "projects.php"), 
       5 => array(1 => "Tutorials", 2 => "tutorials.php") 
      ); 

    echo "<nav>\n<ul>\n"; 

    foreach($Links as &$Link) 
    { 
     echo "<li"; 

     if($Link[2] == GetScriptName()) 
      echo " class=\"current\""; 

     echo "><a href=\"" . $Link[2] . "\">" . $Link[1] . "</a></li>\n"; 
    } 

    echo "</ul>\n</nav>\n"; 
?>

來源

2014-07-17 DTSCode

'返回端（爆炸（...））'被passsing創建到end（）函數作爲參考的是爆炸陣列（）。 –

好的...爲什麼不起作用？ – DTSCode

它的工作原理，但在較新的PHP版本，你會得到警告，因爲你不應該這樣做。 –

問題是與調用end，引用其接受其參數。但是在這個片段中，實際的參數不是一個變量，所以它不能被引用傳遞。嚴格的標準警告對此抱怨。

這個警告是非常溫和的，雖然在任何情況下你都不應該有產生代碼產生警告，但實際上你可以忽略它（代碼仍然按預期工作）。

但它也是非常非常容易關起來，通過手動引入變量：

$arr = explode("/", $_SERVER['SCRIPT_FILENAME']); 
return end($arr);

在這種特殊情況下，可以更好地使用其他的東西比end來解決問題 - 這也更準確語義諸如

return basename($_SERVER['SCRIPT_FILENAME']);

來源

2014-07-17 20:37:47 Jon

PHP通過引用傳遞？

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