對象創建不命名

我創建在我的項目，在這個類得到一個報告類型爲字符串工廠類中工作。該字符串具有實現報表界面的具體類的名稱。對象創建不命名

我遇到的問題是，當我實例化這個類，我得到了Class not found錯誤。

這裏遵循的工廠代碼。

namespace App\Term\Reports; 

class Factory 
{ 
    public static function build($type) 
    { 
     $obj = new CableBySensor(); // Works! 

     // $type == 'CableBySensor' 
     $obj2 = new $type;   // Class not found :(

     // ... validates if the class exists ... 
     // ... and if it implements the Report Interface ... 
     // ... throw exception if class doesn't exist or doesn't implements interface 
     // ... then returns the corresponding object. 
    } 
}

兩種方法實際上是相同的。

第一條：爲什麼我必須在字符串中指定類的全限定名以使其工作？類CableBySensor與Factory駐留在相同的名稱空間中。

這開始給我找麻煩，因爲我也想驗證被實例化的類實現ReportsInterface。

二：我如何克服呢？我是否應該像這樣打電話給工廠$myReport = Factory::build('App\Term\Reports\' . $className);或者我應該使用工廠類中的__NAMESPACE__常量，例如：$obj = new __NAMESPACE__ . '\' . $className？

謝謝。

來源

2016-03-09 TiagoRL

讓我們退後一步，在這裏，你怎麼會在傳遞'$ type'作爲一個字符串？此外，你會認爲有'switch（$ type）{case「CableBySensor」：$ obj2 = new CableBySensort（）;打破;}'。 – Halcyon

您是否試圖通過使用__NAMESPACE__看看它是否有效？ –

我建議您在線閱讀有關參數化工廠模式。我個人不會寫一個工廠類，然後像你一樣使用它。 – tomazahlin

漠然的工廠方法是否是在這裏還是沒有用，問題是，試圖從一個動態變量來實例化。

或者作爲akhoondi at php.net指出：

必須注意的是使用動態類名[...]「當前命名空間」時，[...]是全局命名空間。

有可能是3個解決方法：

通過完全限定類名到你的工廠方法（arghh ...）
```
$instance = Factory::build('Acme\CableBySensor'); 
```

或者，做一次檢查你的構建方法並在必要時加上名稱空間的前綴（如建議here）（聲音對我來說不那麼簡單）

public static function build($type) 
{ 
    if ($type[0] !== '\\') { 
     $type = '\\' . __NAMESPACE__ . '\\' . $type; 
    } 
    $obj = new $type; 
    ... 
}

或者，如果您有PHP 5.5+爲什麼不使用class name resolution via ::class？就個人而言，我會去一個儘可能：
```
$instance = Factory::build(CableBySensor::class); 
```

來源

2016-03-09 16:26:49 macghriogair

回答第一個問題。關於第二。我打算第二次，但稍作調整。就像我想用第三種選擇一樣，那時我只有一個名爲「cable_by_sensor」的字符串（這是用戶選擇的選項）。所以，我將'studly_case（）'應用到'$ type'（然後我有實際的類名稱，作爲約定）。之後，我在前面添加'__NAMESPACE__'，然後驗證類是否實現了我想要的接口，然後返回該對象的新實例或eles我拋出異常。 – TiagoRL

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