爲什麼不能用這個形象？

Question

我寫道：

$im = imagecreatefromstring($im_string);   
return imagegif($im,'a.gif'); 

變量$im_string的內容我從一個ZIP文件得到。 它應該可以工作，但它會返回'1'。

爲什麼是這個原因？

Answer 1

imagegif函數返回一個布爾值，所以返回值爲將表明它是成功的。

如果您需要返回實際圖像數據，則還需要傳遞第二個參數，並從文件中讀取數據或緩衝該函數的輸出。

<?php 
ob_start(); 
$im = imagecreatefromstring($im_string);   
imagegif($im); 
$img_data = ob_get_clean(); 

return $img_data; 
?> 

或者：

<?php 
$im = imagecreatefromstring($im_string);   
imagegif($im, 'a.gif'); 

$img_data = file_get_contents('a.gif'); 

return $img_data; 
?> 

Answer 2

按照php manual imagegif回報如下：

返回值

成功返回TRUE或FALSE的 失敗。

你預期它會返回什麼？圖像數據？

編輯：在評論中回答問題。 要輸出實際數據，您應該沒有第二個參數（將其發送到文件a.gif），以便它將數據直接發送到輸出，或者您獲取a.gif並在其中發送數據。在這兩種情況下，您都需要記住將正確的內容類型標題發送回客戶端。