isset導致getjson返回undefined

Question

我遇到了我的代碼問題。我想通過在窗體有效時創建一個包含變量的數組來驗證我的窗體。但要做到這一點，我需要使用isset方法來知道信息已發佈。這裏有一個簡單的例子

http://richbaird.net/clregister

<?PHP 

if(isset($_POST['username'])) { 

$helloworld = array ("hello"=>"world","name"=>"bob"); 


print json_encode($helloworld); 

}; 

if(!isset($_POST['username'])) { 

echo json_encode(array('error' => true, 'message' => 'No username specified')); 



?> 

足夠簡單，如果用戶名已經公佈創建數組的HelloWorld。

我用下面的方法來獲取JSON

<script> 

//document ready 

$(document).ready(function(){ 

var php = "helloworld.php"; 

//submit form 
$("#loginform").ajaxForm 
(

//on successful submission 

function() { 

//getjson 

$.getJSON("helloworld.php",function(data) { 

    alert(data.message) 

}) //close get json 


.error(function(error) { alert(error.responsetext); }) 
.complete(function() { alert("complete"); }); 

} // close success 

) // close submit 




}); 
//end document ready 
</script> 

我使用jQuery插件的形式提交表單。

和我的形式看起來像這樣

<form id="loginform" name="loginform" method="post" action="helloworld.php"> 
<label for="username">username</label> 
<input type="text" name="username" id="username" /> 

<br /> 
<label for="password">password</label> 
<input name="password" type="password" /> 

<br /> 
<input name="submit" type="submit" value="Login" id="subtn" /> 

</form> 

網絡控制檯顯示POST方法返回{你好：世界名：鮑勃}但GET返回指定的任何用戶名這就是我在警報得到。它看起來像jquery試圖獲得代碼之前，它有一個機會完全處理，我怎樣才能防止這種情況？

Answer 1

經過幾個小時的思考和juco的大量幫助，我意識到，我在這個函數中進行了2個獨立的調用。首先，我發佈了可以工作的數據，然後在一個成功的文章中，我試圖做出一個單獨的調用，一個GET請求，該請求包含應該提醒我結果的回調，但是因爲它使第二個調用，它發送一個GET請求變量POST永遠不會被設置，因此沒有東西可以回來。我修改了我的代碼，只使用post方法。

<script> 

//document ready 

$(document).ready(function(){ 





// bind form using ajaxForm 
$('#loginform').ajaxForm({ 
    // dataType identifies the expected content type of the server response 
    dataType: 'json', 

    // success identifies the function to invoke when the server response 
    // has been received 
    success: processJson 
} 





); 


function processJson(data) { 

alert(data.hello); 

} 




}); 
//end document ready 

Answer 2

你錯過了報價。應該是：

if(isset($_POST['username'])) 

您應該檢查您的控制檯，看看是否username實際上是越來越貼，因爲如果它不是，你不返回任何數據。你可以代替考慮返回錯誤if(!isset($_POST['username']))，或許是這樣的：

echo json_encode(array('error' => true, 'message' => 'No username specified')); 

編輯 另外，記住它的$_POST，不$_post

第二個編輯

您的代碼會更直觀易讀，如下所示：

$return = array(); 
if(isset($_POST['username'])) { 
    $return = array("hello"=>"world","name"=>"bob"); 
} else { 
    $return = array('error' => true, 'message' => 'No username specified'); 
} 
echo json_encode($return);