MySQL更新不起作用

我有一些代碼更新了一個名爲job的表，但是一旦頁面被執行，它就不會更新表。下面是代碼：MySQL更新不起作用

$item = isset($_POST['item']); 
$ref = isset($_POST['ref']); 

$con = mysql_connect("$host","$username","$password"); 
if (!$con) 
    { 
    die('Could not connect: ' . mysql_error()); 
    } 

mysql_select_db("$db_name", $con); 

$sql="UPDATE job SET item = '$item' WHERE ref='$ref'"; 
if (!mysql_query($sql,$con)) 
    { 
    die('Error: ' . mysql_error()); 
    } 
header("location:index.php");

我也呼應了$ref變量，它的存在，但如果我把它在WHERE子句中，它不會工作。

來源

2011-11-04 SebastianOpperman

什麼是'$ sql'在你之前的價值執行查詢？另外，注意SQL注入（你可能希望在將它們放入查詢之前轉義'$ item'和'$ ref'）。 –

什麼類型的數據是$ ref變量？ – James

你意識到isset（）返回一個布爾真/假，而不是參數的實際值？ –

$ref = isset($_POST['ref']);

我也呼應了$ REF變量，它的存在

您還沒有分配的$_POST['ref']的實際值，你只分配它是否被設置。嘗試：

$ref = isset($_POST['ref']) ? mysql_real_escape_string($_POST['ref']) : NULL;

您可以檢查您的查詢通過閱讀你所創建的SQL字符串：exit($sql)

參見：What is SQL injection?

來源

2011-11-04 12:12:05

$item = isset($_POST['item']); 
$ref = isset($_POST['ref']);

這個兩個語句，變量將有0或1作爲值...更好地寫這種方式..

$item = (isset($_POST['item']) == 1 ? $_POST['item'] : ''); 
$ref = (isset($_POST['ref']) == 1 ? $_POST['ref'] : ''); 

if($item !='' && $ref !=''){ 
    // your update query 
}

來源

2011-11-04 12:18:39

MySQL更新不起作用

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