準備好的聲明中通過引用傳遞錯誤

Question

我沒有看到的錯誤，並希望有人能搞清楚：

public static function createMessage($title, $message, $startDate, $endDate, $author, $status){ 
     //$dbConn is now a mysqli instance with a connection to the database foobar 
     $dbConn = Database::getConnection("foobar"); 

     $stmt = $dbConn->prepare("INSERT into messages(title, msg, date_start, date_end, app_usersID_FK, date_created, activeflag, msg_status) VALUES (?,?,?,?,?,?,?,?)"); 

     if(!$stmt){ 
      throw new Exception("Unable to prepare the statement"); 
     } 

     $dt = date("Y-m-d"); 
     $stmt->bind_param("ssssisii", $title, $message, $startDate, $endDate, $author, $dt, 1, $status); 
     $stmt->execute(); 

     return true; 
} 

函數調用

MessageCenter ::的CreateMessage（「你好」，「只要打電話來打個招呼「，」2009-09-12「，」2009-09-12「，」1「，」1「）;

錯誤消息：

致命錯誤：無法通過引用

Answer 1

我猜你的bind_param方法實際上是mysqli_stmt::bind_param傳遞參數8。如果是：每個參數（除了第一個參數）都必須是通過引用傳遞的變量，因此它們可以被「綁定」。

手動像說（重點煤礦）：

mysqli_stmt::bind_param -- mysqli_stmt_bind_param — Binds variables to a prepared statement as parameters

這意味着你不能傳遞一個值：你必須使用變量。

硅，在你的情況下，這樣的事情應該做的：

$my_var = 1; 
$stmt->bind_param("ssssisii", $title, $message, $startDate, 
    $endDate, $author, $dt, $my_var, $status); 

Answer 2

找到了！它希望activeFlag是一個變量。以下作品：

$dt = date("Y-m-d"); 
$flag = 1; 
$stmt->bind_param("ssssisii", $title, $message, $startDate, $endDate, $author, $dt, $flag, $status); 
$stmt->execute();