如何看待字符串作爲一個字符串，而不是在PHP

一個int

我閱讀PHP手冊和我碰到type juggling 如何看待字符串作爲一個字符串，而不是在PHP

我很困惑，因爲我從來沒有碰到過這樣的事情來了。

$foo = 5 + "10 Little Piggies"; // $foo is integer (15)

當我用這個代碼，它返回我15，它增加了10 + 5，當我使用is_int()它返回我真即。 1，我在等一個錯誤，它以後引用我String conversion to numbers在那裏我閱讀If the string starts with valid numeric data, this will be the value used. Otherwise, the value will be 0 (zero)

$foo = 1 + "bob3";    /* $foo is int though this doesn't add up 3+1 
            but as stated this adds 1+0 */

現在我應該怎麼做，如果我想治療10只小小豬或bob3爲string，而不是作爲一個int。使用settype()也不起作用。我想要一個錯誤，我不能將5添加到字符串中。

來源

2012-10-25 Mr. Alien

-1問題嚴重嗎？ com'on懦夫來吧，並回答我，爲什麼連續無故地降低我的問題和答案？ –

如果你想要一個錯誤，你需要觸發的錯誤：

$string = "bob3"; 
if (is_string($string)) 
{ 
    trigger_error('Does not work on a string.'); 
} 
$foo = 1 + $string;

或者，如果你想有一些接口：

class IntegerAddition 
{ 
    private $a, $b; 
    public function __construct($a, $b) { 
     if (!is_int($a)) throw new InvalidArgumentException('$a needs to be integer'); 
     if (!is_int($b)) throw new InvalidArgumentException('$b needs to be integer'); 
     $this->a = $a; $this->b = $b; 
    } 
    public function calculate() { 
     return $this->a + $this->b; 
    } 
} 

$add = new IntegerAddition(1, 'bob3'); 
echo $add->calculate();

來源

2012-10-25 05:15:02 hakre

Vooooo，所以我要拋出一個自定義錯誤？ –

@ Mr.Alien：根據你的需要，是的。 PHP沒有「字符串」變量類型。這就是玩雜耍的意義所在。 – hakre

或者更好的措詞：PHP沒有類型安全的操作符來添加。 – hakre

這是設計爲PHP的動態的結果鍵入的性質，當然缺乏明確的類型聲明要求。根據上下文確定變量類型。

根據您的例子，當你做：

$a = 10; 
$b = "10 Pigs"; 

$c = $a + $b // $c == (int) 20;

調用is_int($c)當然會始終爲一個true，因爲PHP已經決定語句的結果轉換爲整數。

如果您正在尋找解釋器發現的錯誤，您將無法得到它，因爲正如我所提到的那樣，該語言內置了一些內容。您可能需要編寫大量難看的條件代碼來測試您的數據類型。

或者，如果你想爲測試參數傳遞給你的函數 - 這是我能想到的，你可能想要做的唯一場景 - 你可以相信客戶調用你的函數來知道它們是什麼這樣做。否則，返回值可以簡單地記錄爲未定義。

我知道來自其他平臺和語言，可能很難接受，但不管相信與否，用PHP編寫的很多優秀的庫都遵循相同的方法。

來源

2012-10-25 05:24:23 9ee1

感謝您的詳細解釋 –

如何看待字符串作爲一個字符串，而不是在PHP

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