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parseJSON和回聲json_encode（$陣列） - 錯誤，如果PHP腳本警告

2016-09-30 80 views
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我用parseJSON一個jQuery腳本，像data = $.parseJSON(json);

它得到的結果從PHP腳本由echo json_encode($array);

如果有去的東西錯在PHP腳本，data也得到從PHP如警告：

<b>Warning</b>: mysqli::mysqli(): (HY000/1049): Unknown database...

That's之所以jQuery腳本顯示在瀏覽器控制檯：

VM76:1 Uncaught SyntaxError: Unexpected token < in JSON at position 3

我該怎麼做，那data不會從PHP的警告？或者什麼是解決這個問題的好方法？

來源

2016-09-30 ebody

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請顯示您的完整代碼。 –

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你可以...... a）解決這個問題，這樣你就不會再在PHP中出錯......或者b）在PHP中出現錯誤報告，並繼續犯錯誤。 – adeneo

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@adeneo，謝謝。解決方案不是我搜索的內容，因爲首先我想知道並顯示，那是一個錯誤。 「PHP中出現錯誤報告」我也曾考慮過。但是沒有其他解決方案嗎？ – ebody

回答

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您只需通過添加隱藏與PHP警告：

error_reporting(0); 
ini_set('display_errors', 0);
的 <?php標籤後

。這應該完全隱藏它們，所以即使你得到PHP的響應，也不會在客戶端發生任何錯誤

來源

2016-09-30 18:53:24 ConorReidd

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