如何使用php mysql在彈出窗口中顯示記錄

Question

我想使用PHP和MySQL在彈出窗口中顯示記錄。它顯示在彈出的只有最後一條記錄我要顯示所選記錄

$s = mysql_query("Select * from student"); 

     while($sql = mysql_fetch_array($s)) 
     { 
     echo'<div class="ammad">'. $sql["id"]."".$sql["Name"]."".$sql["Subject"].'</div>'; 
     echo '<input ammad="'.$sql["id"].'" type="submit" class="abc" id="abc"/>'; 

      $name=$sql["id"]; 

     } 

       echo ' 
<div id="dialog" title="Basic dialog"> 
    <input type="textbox" value="'.$name.'" /> 
</div>'; 

對話是我彈出

<script type="text/javascript"> 

$(document).ready(function(){ 


$(".abc").click(function(){ 
$("#dialog").dialog().close();  

    var b = $(this).attr("ammad"); 
    $("#dialog").dialog();  
    }); 
}); 

</script> 

它顯示在彈出的只有最後一條記錄我想展示在彈出的選定記錄中

Answer 1

只要您不更新diaglog框。

<script type="text/javascript"> 

$(document).ready(function(){ 


$(".abc").click(function(){ 
$("#dialog").dialog().close();  

    var b = $(this).attr("ammad"); 

    $("#dialog").html('<input type="textbox" value="' +b+ '/>'); 

    $("#dialog").dialog();  
    }); 
}); 

</script> 

試試這樣並刪除{id =「abc」}循環內，因爲ID選擇器必須是唯一的。

http://www.w3schools.com/cssref/sel_id.asp