我已經使用了jquery ajax,它通過點擊一個按鈕來啓動,點擊一個變量傳遞給jquery文章正在使用的php腳本。但是,當我嘗試在JavaScript alert()方法上追加返回數據時,它會返回php腳本的html內容,而不是將其呈現出來。任何人都可以在此幫助我嗎?在javascript彈出窗口上生成AJAX回調錶
<?php
$var = $_POST['var'];
$sql = mysql_query("select * from racers Where style = '$var'");
while ($r = mysql_fetch_assoc($sql))
{
$name = $r['rName'];
echo '<tr><td>'.$name.'</td></tr>';
}
?>
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張貼顯示的內容(因爲它而改變) – BlackPearl
如果在'警報打印HTML()'當然你會看到什麼是html標籤。 – Digzol