我的形式:阿賈克斯選擇並自動加載數據
<form>
<select id="f_name"><?php echo $fname ?></select>
<select id="l_name></select>
</form>
我的腳本:
$(document).ready(function(e){
$("#f_name").change(function(){
var fname = $('this').val();
$.ajax({
type :'POST',
data :{name:fname},
url :"fullname.php",
success : function(data){
$('#l_name').html(data);
}
});
});
});
我fullname.php
:
$db = mysqli_connect("localhost", "root", "", "test");
if(isset($_POST['name'])){
$f_name = $_POST['name'];
$sql = mysqli_query($db, "SELECT last_name FROM fullname WHERE first_name = '$f_name'");
$res = mysqli_fetch_array($sql);
echo $res;
}
姓氏不會出現,因爲我選擇第一個名字。表單的
謝謝 不這項工作「$('#l_name')。html(''); 「如果我的標籤是輸入? – gwapeto
我仍然沒有:( – gwapeto
可以記錄數據成功?並告訴我們它是什麼 – Max