爲什麼Perl 6的字符串連接不像.WHAT？

Question

我對這段代碼感到困惑，我顯然無法在字符串連接中調用WHAT方法？

my $object = 'Camelia'; 

say $object; 
say $object.WHAT; 
say "^name: The object is a " ~ $object.^name; 
say "WHAT: The object is a " ~ $object.WHAT; 

輸出顯示了呼叫^name作品（從Metamodel::ClassHOW一元方法），但Perl 6的被.WHAT困惑，如果有一個優先問題。

Camelia 
(Str) 
^name: The object is a Str 
Use of uninitialized value of type Str in string context 
Any of .^name, .perl, .gist, or .say can stringify undefined things, if needed. in block <unit> at meta_methods.p6 line 7 
WHAT: The object is a 

我的Perl 6：

This is Rakudo version 2015.12-219-gd67cb03 built on MoarVM version 2015.12-29-g8079ca5 
implementing Perl 6.c. 

Answer 1

.WHAT返回一個類型的對象，一個未定義的對象

最喜歡的程序/操作符，連接假定它的參數定義。但是最後一行中的.WHAT返回一個類型對象，而未定義類型對象。所以結果是空字符串的警告和字符串化。

---

如果你想連接一個未定義的對象，而不會產生警告，而不是將其字符串化到對象的類型名稱，則必須明確.^name，.gist或.perl它例如：

say "The object is a " ~ $object.^name 
say "The object is a " ~ $object.WHAT.gist 

顯示：

The object is a Str 
The object is a (Str) 

Answer 2

A quote在Perl 6的IRC頻道，用戶FROGGS：

。什麼給你回一個類型，這是指如果你插警告或連接它或做數學與它

在你的例子中，$object是Str，所以$object.WHAT爲您提供Str類型。

換句話說，它就像寫：

say "WHAT: The object is a " ~ Str; 

編輯：看來你真正的問題是：「爲什麼不Perl 6的的字符串連接不喜歡的類型？」

正如其他人所提到的，類型是未定義的，並且連接在定義的值上工作。正如Perl 6的警告消息所述，您需要使用。^ name，.perl，.gist中的任何一個來將未定義的事物串聯起來。

這兩個會的工作，因爲say使用.gist到字符串化：

say Str; 

say "The object is ", Str;