阿賈克斯不是PHP代碼工作正常

Question

1. 我試圖建立一個類似按鈕，但問題下面的JavaScript代碼面向：

   <a class="like" href="#" onclick="like_add(',$article['article_id'],');">Like</a> 
   

2. 現在每當我點擊喜歡按鈕,,它提醒我空文本..它不顯示成功的數據，即使我已經提供了成功的價值回聲函數的PHP代碼如下給出

3. 我提供數據==成功嗎？如果沒有，那麼我應該提供什麼在裏面

4. 我的目標是：當我點擊按鈕一樣必須..它從like_add.php稱之爲成功的數據，顯示10輸出

   //like_add.php 
   echo 'success'; 
   
   //like_get.php 
   echo '10'; 
   
   //like.js 
   function like_add(article_id) { 
       $.post('ajax/like_add.php', { 
        article_id: article_id 
       }, function (data) { 
        if (data == 'success') { 
         like_get(article_id); 
        } else { 
         alert(data); 
        } 
       }); 
   } 
   
   function like_get(article_id) { 
       $.post('ajax/like_get.php', { 
        article_id: article_id 
       }, function (data) { 
        $('#article_' + article_id + '_likes').text(data); 
       }); 
   } 
   

Answer 1

，你必須：

$('#article_'+article_id+'_likes').text(data); 

如果您要插入div,span或您需要使用的類似標籤：

$('#article_'+article_id+'_likes').html(data); 

或者如果你插入的輸入域或類似的標籤：

$('#article_'+article_id+'_likes').val(data); 

編輯：如果不是你可以嘗試在PHP腳本中使用return代替echo