建築img標籤jQuery的PHP字符串

Question

嘿我試圖得到這個工作在這裏：

<? 
echo ('<script type="text/javascript"> 
$(\'#fileupload\').fileupload({ 
}).bind(\'fileuploaddone\', function (e, data) { 
    jQuery("#shadow").attr("src", "bannerImg/slider/\'' . 
    ' + jQuery(\"#slideNum\").val(); + '); 
    echo ('\'.jpg"); 
    jQuery("#theText").html("New Slider Image:");') ?> 

它上傳調用此腳本的圖像後，我需要它來查看選擇了什麼樣的價值在選擇框中。然而，所有我得到這個：

所以自然也不會顯示圖像的工作。我該如何修改這個以便讓它按我需要的方式工作？

Answer 1

<script type="text/javascript"> 
    $('#fileupload').fileupload({ 
    }).bind('fileuploaddone', function (e, data) { 
    jQuery("#shadow").attr("src", "bannerImg/slider/" + jQuery("#slideNum").val() + '.jpg'); 
    jQuery("#theText").html("New Slider Image:"); 

代替：

<? 
echo ('<script type="text/javascript"> 
$(\'#fileupload\').fileupload({ 
}).bind(\'fileuploaddone\', function (e, data) { 
    jQuery("#shadow").attr("src", "bannerImg/slider/\'' . 
    ' + jQuery(\"#slideNum\").val(); + '); 
    echo ('\'.jpg"); 
    jQuery("#theText").html("New Slider Image:");') ?> 

Answer 2

<?php if($_POST['submit']){ ?> 

     <script> 
     //your script here 
     </script> 

<?php } ?> 

遵循這一理念，而不是附和你的腳本不如把你的腳本2 PHP裏面封閉的標籤，如上面的代碼..