獲取由ajax POST方法引起的服務器響應

我試圖將POST數據發送到服務器。這是我使用的ajax代碼。另一方面，我使用mySQL和PHP。我怎樣才能看到insertToDB.php輸出是什麼？目前我的代碼不工作，我不知道爲什麼。從insertToDB.php獲得輸出可能是最好的開始。獲取由ajax POST方法引起的服務器響應

$.ajax({ 
     url: "insertToDB.php", 
     type: 'POST', 
     data: {'lastname':'Cena','name':'John', 'email':'[email protected]'}, 
     success: function(response) { 
      console.log("success"); 
     } 
    });

在PHP端

我：

require_once 'login.php'; 

$conn = new mysqli($hn,$un,$pw,$db); 
if ($conn->connect_error){ 
    die($conn->connect_error); 
} 


$url = $_POST["lastname"]; 
$name = $_POST["name"]; 
$email = $_POST["email"]; 


$query = "INSERT INTO testtable (url ,name ,email) VALUES ('$url', '$name', '$email')"; 
$result = $conn->query($query); 
if (!$result){ 
    die ("QUERY FAILED"); 
}

來源

2016-11-07 sanjihan

使用'echo'或'模具（）'用連接，INSERT，UPDATE和您所有的疑問。 –

我添加了PHP代碼。 – sanjihan

只需在最後一行和在ajax成功'console.log（response）'後面加上插入「;」的'echo「數據即可。 –

The first argument to the success function is the output。

也就是說，如果您使用console.log(response)而不是console.log("success")，您會看到服務器寫回響應流的任何內容。

（如果你談論的是在服務器端日誌輸出，這是一個完全不同的問題。然後我們需要看到你的服務器端的代碼，而不是AJAX調用。）

來源

2016-11-07 12:02:32

謝謝你。我現在可以看到錯誤。它說：類'mysqli'沒有在路徑/..../ insertToDB.php中找到。顯然mySQL沒有安裝，儘管我使用phpMyAdmin在服務器上創建了表 – sanjihan

USEE回聲及出口insertToDB.php

然後

console.log（response）;

來源

2016-11-07 12:02:54 DsRaj

只需使用echo或die()來處理您的db查詢，錯誤和狀態，並且可以處理髮送給ajax的最終輸出。

echo "Data inserted"; 
// or 
die("faild");

從阿賈克斯

success: function(response){console.log(response)};

來源

2016-11-07 12:10:21

獲取由ajax POST方法引起的服務器響應

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