爲什麼不顯示我的信息爲mysql表？

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不顯示任何信息。獲得錯誤，我真的不知道爲什麼？謝謝。爲什麼不顯示我的信息爲mysql表？

<?php 

    $mysqli = new mysqli("localhost", "root", "", "insuredcars"); 
    if ($_POST['formcar'] == '1' || $_POST['formage'] == '18' || $_POST['formNCD'] ==   '0' || $_POST['formPoints'] == '0') 
    $query = $mysqli->query("SELECT * FROM insurance WHERE insuranceid = '1'"); 
while($row = mysql_fetch_array($result)) 
{ 
echo "<tr>"; 
echo "<td>" . $row['insuranceprice'] . "</td>"; 
echo "</tr>"; 
    } 
echo "</table>"; 

mysql_close($con); 

?>

的誤差即時得到：說明：未定義變量：結果在C：在第8行

警告：mysql_fetch_row（）能夠預計參數1是資源，在C空給出：\ XAMPP \ htdocs中\在線路的search.php 8

說明：未定義變量：CON在C：第16行

警告：mysql_close（）預計參數1是資源，在C空下式給出：在線路16

來源

2013-04-22 Mark Carter

你看到了什麼錯誤？ – tom 2013-04-22 00:35:04

你用'mysql_fetch_array'混淆了'mysqli_fetch_row'。堅持MySQLi！ – alfasin 2013-04-22 00:36:04

我不知道爲什麼不顯示任何數據...我的意思是，來吧。我們甚至不知道你的錯誤！ – 2013-04-22 00:36:28

mysqli_fetch_row只讀取一行，如函數名稱所示。

$mysqli = new mysqli("localhost", "root", "", "insuredcars"); 
if ($_POST['formcar'] == '1' || $_POST['formage'] == '18' || $_POST['formNCD'] == '0' || $_POST['formPoints'] == '0') {  
    $query = $mysqli->query("SELECT * FROM insurance WHERE insuranceid = '1'"); 
    while ($row = mysqli_fetch_assoc($query)) { 
     echo "<tr>"; 
     echo "<td>" . $row['insuranceprice'] . "</td>"; 
     echo "</tr>"; 
    } 
    echo "</table>"; 
} 

mysql_close($con);

來源

2013-04-22 00:38:53 Michael

非常感謝。唯一的一點是，它說保險費是一個未定義的指數。這只是我的數據庫中的一個列名？ – 2013-04-22 00:59:46

嗯，我很累^^。如果您使用抓取行，您需要使用列的ID。或者使用'mysqli_fetch_assoc'。我編輯了我的答案。 – Michael 2013-04-22 01:11:34

請點擊左側箭頭下方的按鈕接受答案。 :) – Michael 2013-04-22 01:31:37

嘗試讀取對方的回答有關使用mysqli_fetch_row而不是mysql_fetch_row，但我認爲你需要小心在這一行：

$query = $mysqli->query("SELECT * FROM insurance WHERE insuranceid = '1'");

您的結果存儲到$query變量，但是當你循環：

while($row = mysql_fetch_array($result))

你嘗試獲取$result變量，這裏沒有聲明。

來源

2013-04-22 00:52:25 Ruly

爲什麼不顯示我的信息爲mysql表？

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