在選擇查詢後運行插入查詢在php

我試圖在選擇查詢返回0（未找到原料）後插入到多個表中選擇查詢工作並插入查詢從未完成時submite「displayid」並且沒有任何語法錯誤在選擇查詢後運行插入查詢在php

代碼：

<?php 
    if ($_POST["displayid"] == TRUE) { 

     $sqlid = "SELECT * FROM doc1 WHERE idnum ='$pidnum' AND stats='$ok'"; 
     $result = mysqli_query($conn, $sqlid); 
     if (mysqli_num_rows($result) > 0) { 
      $sqlup = "UPDATE doc1 SET m_phone='$pm_phone', seen='$dataseen' WHERE idnum ='$pidnum'"; 
      mysqli_query($conn, $sqlup); 
      $found = 1; 
     } else { 
      $found = 0; 
      $sqlfail = "INSERT INTO fail(fname,lname,tname,funame,idnum,m_phone,reg_date) 
VALUES ('$pfname','$plname','$ptname','$pfuname','$pidnum','$pm_phone','$todaydate')"; 
      $conn->query($sqlfail) 
     } 
    } 
?>

來源

2016-07-08 soma

做一些調試回聲查詢'echo sqlfail;'然後直接複製粘貼到mysql上，如果出現錯誤等，可能會得到一些信息。 –

使用參數e查詢，而不是連接字符串，你會避免你在這裏有缺少引號的問題，代碼將不會如此不安全 – rypskar

爲你的參數提供完整的sql創建語句和值 –

使用此代碼：

$sqlfail = "INSERT INTO fail(fname,lname,tname,funame,idnum,m_phone,reg_date) 
VALUES ('".$pfname."','".$plname."','".$ptname."','".$pfuname."','".$pidnum."','".$pm_phone."','".$todaydate."')";

作出更新命令類似的變化，以及

來源

2016-07-08 07:11:40 shubhamj

顏色說一些語法錯誤，順便說一句你的意圖會使不用找了。 – C2486

親愛的shubhamj代碼不工作頁面變白 – soma

你確實有一個錯誤

$conn->query($sqlfail)

應該

$conn->query($sqlfail);

來源

2016-07-08 07:54:30

修復此問題，仍然沒有插入 – soma

提供完整的SQL爲您的參數創建語句和值。有些調試需要在那裏完成 –

AND stats='$ok'";

我不能看到一個變量，這個名字我想你的意思AND stats='ok'";

來源

2016-07-08 10:46:54

在選擇查詢後運行插入查詢在php

回答

相關問題