如何在表名存儲在變量中時加載數據？

Question

我想從數據庫中的幾個CSV文檔加載數據。

問題是，有一個文件表，因此表名必須存儲在循環逐步更新的變量中。表格已創建，但在此之後腳本失敗;什麼都沒有發生，我的桌子和他們的領域總是有0行。

我認爲我的想法是可行的，因爲有些主題以這種方式描述了一些提示，但是對我而言沒有任何效果。

這是我的代碼失敗：

$query = "INSERT INTO". $name_of_the_file." (id, content) values (". $arrayGenre[0].",'".trim($arrayGenre[1])."')"; 

其中$name_of_the_file是指在循環中創建的表，最終指通過循環的目標文件。

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按照你的建議，我加了一個空間和打印查詢：

echo ("<br>". $query); 

這裏是第一線的例子。 xxx替換沒有冒犯性：這些是主格數據。

INSERT INTO names.csv (id, url, content) values (1,'xxx_some_adressxxx,'agency: xxx') 

我不知道足夠的PHP來說這是預期的結果，但這似乎是一個很好的SQL請求，值是罰款。

這裏是我的腳本的下一行：在我的劇本之初，中$mysqli定義

$mysqli->query($query); 

和：

$mysqli = new mysqli($dbhost, $dbuser, $dbpass, $dbname); 

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新編輯：

那麼它實際上是SQL代碼寫得很糟糕......

Answer 1

嘗試添加空間：

$query = "INSERT INTO ". $name_of_the_file ... 

它總是值得通過echo輸出你的SQL，以確保它看起來像你期望是什麼樣子。

編輯：

INSERT INTO names.csv (id, url, content) values (1,'xxx_some_adressxxx,'agency: xxx') 

您需要在第二場的末尾添加一個撇號：

INSERT INTO names.csv (id, url, content) values (1,'xxx_some_adressxxx','agency: xxx') 

我也建議你看看之類的東西PDO，使您的代碼更健壯，更安全。

您也可以嘗試將您的SQL直接粘貼到數據庫中，以查看它是否會給您一個錯誤。