UItableview沒有可見的@interface聲明選擇器setSeparatorInset

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我的問題只是標題。我不明白如果我使用respondsToSelector爲什麼代碼檢查實際的實現？我在iOS 6時，Xcode 4.6UItableview沒有可見的@interface聲明選擇器setSeparatorInset

warning and error

2014-06-14 Husyn

爲什麼使用Xcode 4.6和iOS 6的基礎SDK？蘋果不會接受這樣的應用程序。僅供參考 - 您調用的方法是在iOS 7中添加的，這就是您遇到錯誤的原因。 – rmaddy

我的部署目標是iOS 6，Base SDK是iOS 6.1。我知道這個方法是在iOS 7中，這就是爲什麼我在使用respondsToSelector之前檢查它的存在。我認爲如果對象（tableView）沒有響應選擇器（setSeparatorInset），那麼它應該忽略它，但它給出的錯誤。你能幫忙解釋一下爲什麼嗎？ – Husyn

您的Base SDK是6.1。您不能從較新版本的iOS（例如iOS 7）調用方法。再次，爲什麼你的Base SDK設置爲6.1？ Apple不會接受你的應用程序。他們要求您使用Xcode 5.1或更高版本並完全支持iOS 7. – rmaddy

我得到的回答我的問題：

所以這事做與理論比iOS或XCode的版本。編譯時編譯器（代碼）檢查是否存在方法，因爲setSeparatorInset不是iOS 6.x的一部分，所以它不起作用。b/c編譯器不檢查'if'是否只是編譯代碼。 'if'子句將在運行時進行評估。所以我試圖調用不存在的方法但是我試圖實現的是沒有錯的，它可以做到，我可以從iOS 6的代碼檢查iOS 7的方法。我有什麼做的是

[tableView performSelector:@selector()];

此進行選擇（是的tableView的一部分）在運行時執行，我不直接調用在編譯的時候，這就是爲什麼這將工作的方法。

來源

2014-06-14 06:44:52 Husyn

請再讀一遍我的意見。你似乎無視我告訴你的。 1）你所做的只是錯誤的。使用6.x的Base SDK，添加試圖從iOS 7調用方法的代碼是沒有意義的。2）您正在浪費時間。直到您將Xcode更新至5.1（或更新版本）並將Base SDK更新至7.1（或更新版本），Apple纔會接受您的應用程序。 – rmaddy

還有一件事 - 在這種情況下，您使用'performSelector'將不起作用，因爲您無法正確地將參數傳遞給方法，因此您無法調用'setSeparatorInset：'方法。參數不是一個類，它是一個'struct'。 – rmaddy

你最好聽馬迪，因爲你的應用程序不會被應用程序商店接受。 – gnasher729

UItableview沒有可見的@interface聲明選擇器setSeparatorInset

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