Bash刪除每行之前的第一個空白的所有內容

我有所有以時間戳記開頭的日誌文件，然後是日誌級別，然後是消息，我想要一個擺脫時間戳的腳本。Bash刪除每行之前的第一個空白的所有內容

也就是說，我想一個腳本，爲文件的每一行會變成：

21:22:34.571 DEBUG - some message

到

DEBUG - some message

我沒有使用bash的多，因此任何建議，將不勝感激。

來源

2016-09-28 annedroiid

'切-d'-f2- file.log' – anubhava

何時日期出現在日誌文件中 - 絕不會，或者僅在午夜之後或每小時或之後發佈第一條消息之前？這很重要，因爲如果日期行之前沒有時間戳（他們可能不應該是這樣），那麼你需要讓這些人獨自離開。使用'cut'或類似'sed's/^ [^] * //'的東西的機制變得不太合適 - 你需要對你的匹配更加嚴格。我會注意到將日期退出可能不是一個好主意，但那是你的問題，不是我的。 –

我試圖比較兩組日誌以找出它們之間有什麼不同，當它說由於時間戳每一行都不同時，很難做到這一點。 – annedroiid

如果你可以用AWK：

awk '$1="";1' data_file_name

否則，使用shell（非常非常慢）：

#!/bin/bash 
while read -r line; do 
    printf '%s\n' "${line#* }" 
done <"data_file_name"

來源

2016-09-28 04:30:56 sorontar

請注意，'awk'腳本在輸出行上留下前導空白。 shell代碼在這方面是乾淨的。 –

@JonathanLeffler更糟的是，'awk'代碼通過賦值給'$ 1'，導致'$ 0'通過在它們之間插入'OFS'來重新構造所有參數。它破壞了田野之間的白色空間分隔。 – Kaz

@Kaz有[這個答案與236完全相同的投票]（http://stackoverflow.com/a/2961994/6843677）。如果你想要[保持空格使用這個（可能是選項4）]（http：// stackoverflow。com/a/32774373/6843677），但這對於這個簡單的需求來說似乎太多了。 – sorontar

您可以嘗試要麼根據輸入數據sed或cut：

sed -e 's/^[0-9]\{2\}:[0-9]\{2\}:[0-9]\{2\}.[0-9]\{3\}//' <data_file_name> 


cut -c 13- <data_file_name>

來源

2016-09-28 04:19:12 GMichael

評論（嘲笑娛樂而不是更嚴重）：在shell腳本中使用''不是一個好主意 - 它看起來像是拙劣的I/O重定向。使用一個簡單的名字：'data_file_name'或者'log.file'或者其他合適的，註釋「假設數據在'log.file'」或類似的東西。使用'「$ @」'也可以很好;它表示'處理腳本的所有文件名參數，或者沒有標準輸入'。 –

此外，使用'sed's/^ [^] * //''可能會更簡單 - 刪除所有非空白，直到包括第一個空白。你的腳本實際上並沒有刪除空白。 –

@JonathanLeffler在這兩種情況下你都是對的。問題是關於一個想法。我提出了兩個想法。沒有更多 – GMichael

grep也可以通過簡單地提取每一個空間之後荷蘭國際集團

$ cat ip.txt 
21:22:34.571 DEBUG - some message 
21:23:34.571 DEBUG - some other message

這會留下一個空白領先

$ grep -o ' .*' ip.txt 
DEBUG - some message 
DEBUG - some other message

這不會

$ grep -oP ' \K.*' ip.txt 
DEBUG - some message 
DEBUG - some other message

來源

2016-09-28 04:50:29 Sundeep

Bash刪除每行之前的第一個空白的所有內容

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