加載沒有模塊的源文件

我想將我的程序傳遞給一個文件並從中獲取一個函數。加載沒有模塊的源文件

例如，我有一個文件，foo.py，誰的位置是未知的，直到運行時，可在我的系統上的任何地方，看起來像這樣：

def bar(): 
    return "foobar"

我如何才能讓我的代碼來運行功能bar？

如果該位置是運行時間之前知道我能做到這一點：

import sys 
sys.path.append("path_to_foo") 
import foo 

foo.bar()

我可以在文件夾中創建一個init.py文件，其中foo.py是和使用importlib或imp但似乎凌亂。我不能用__import__我得到ImportError: Import by filename is not supported.

來源

2016-05-18 R.Mckemey

「我可以使用'importlib' [...]，但它似乎凌亂。」當你有麻煩的問題時，你必須求助於混亂的解決方案。爲什麼'importlib'不夠？ –

另外，你根本不需要'__init __。py'文件。在Py3中，更強大的'importlib'函數是導入任意文件的正確方法。在早期的Python中，只需將包含'foo.py'的文件夾添加到'sys.path'，然後運行'import foo'而不需要使用特殊的導入函數。 – ShadowRanger

foo.py與你的文件在同一個目錄下嗎？ – NoOneIsHere

您可以使用exec打開文件並執行它。

f = open('foo.py') 
source = f.read() 
exec(source) 
print bar()

你甚至可以尋找使用re

來源

2016-05-18 15:05:40

我結束了使用這樣的事情。我其實是'sys.path.append（「path_to_foo」）; file_name = foo.py; exec（導入file_name作爲foo）; foo.bar（）' –

@ R.Mckemey你說過'誰的位置直到運行時才知道，可以在我的系統上的任何地方......'。你將如何找到該文件？ – NoOneIsHere

對不起，我不清楚，整個文件路徑會傳遞給程序。我會運行它，像'python program.py path_to_foo/foo.py' –

您可以編寫一個虛擬函數，到處叫什麼你需要，繞過檢查：

def bar(): 
    pass

在運行時覆蓋功能與一個你實際上打算，並自動在任何地方使用。

注意：這比使用importlib更雜亂。

來源

2016-05-18 14:58:47 anand

我會如何「覆蓋功能」？ –

@ R.Mckemey動態地找出可以使用的函數代碼的位置，'eval'或'exec'來加載/運行你的函數代碼。 – anand

如果foo.py是在同一目錄作爲您的主要文件中的特定功能，您可以使用

from . import foo

（Python 3中）。這是可行的，因爲.是您的文件的目錄，Python將爲您導入同一目錄中的文件。然後，您可以使用

foo.bar()

如果不是，你需要找到它，然後執行它：

import os 
from os.path import join 

lookfor = "foo.py" 
for root, dirs, files in os.walk('C:\\'): # or '/' for Linux/OSX 
    if lookfor in files: 
     execfile(join(root, lookfor)) # Python 2, or 
     with open(join(root, lookfor)) as file: 
      exec(''.join(file.readlines())) 
     break 
foo.bar()

積分：Martin Stone。我不只是複製代碼，我理解代碼，並且可以自己做。

來源

2016-05-18 15:06:25 NoOneIsHere

加載沒有模塊的源文件

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