Bash和PHP，引用命令行參數

我有一個使用Bash腳本來轉換PDF的PHP程序。但是，如果文件名包含空格，則不會正確地通過bash腳本。Bash和PHP，引用命令行參數

如何用bash腳本中的空格轉義文件名？你需要做一些特別的事情來引用「OUTFILE」變量的文件名嗎？

bash腳本：

#!/bin/bash 

INFILE=$1 
OUTFILE=${INFILE%.*} 

gs \ 
-q \ 
-dSAFER \ 
-dBATCH \ 
-dNOPAUSE \ 
-sDEVICE=png256 \ 
-r150x150 \ 
-sOutputFile=${OUTFILE}.png \ 
${INFILE}

PHP腳本：

echo "converting: ".$spool.$file . "\n"; 
system("/home/user/bin/pdf2png.sh " . escapeshellarg($spool . $file));

編輯：我刪除周圍的escapeshellarg（）變量的報價。但是這並沒有解決問題。我認爲這是在Bash腳本OUTFILE變量中。

來源

2009-09-15 jjclarkson

在你的shell腳本的最後一行，把引號將變量引用：

"${INFILE}"

來源

2009-09-15 20:49:53

這個工作！我在bash腳本的最後兩行添加了變量的引號。 ... -sOutputFile =「$ {OUTFILE} .png」\ 「$ {INFILE}」 – jjclarkson 2009-09-15 20:58:32

要使用空格轉義文件名，請使用。

My Tar Ball.tar 

My\ Tar\ Ball.tar

所以對你有什麼，你要麼需要確保你的參數包含在腳本被稱爲回斜線，否則你將需要添加一些輸入檢查。

來源

2009-09-15 20:29:12

看看escapeshellcmd()和escapeshellarg()

來源

2009-09-15 20:29:48 VolkerK

考慮到你的代碼，我會嘗試，首先，刪除你插入角落找尋參數單引號：那些不應該是必要的，因爲你正在使用escapeshellarg 。

例如，temp.php文件可能包含：

$spool = "ab cd/"; 
$file = "gh ij"; 
system("sh ./test.sh " . escapeshellarg($spool . $file) . "");

而且test.sh：

#!/bin/bash 
INFILE=$1 
echo $1

有了這些，輸出爲：

$ php temp.php 
ab cd/gh ij

，它看起來像你期望。

如果我把後面的單引號，像這樣：

system("sh ./test.sh '" . escapeshellarg($spool . $file) . "'");

輸出再次被打破：

$ php temp.php 
ab

escapeshellarg是逃避數據您（用正確的引號和所有這些，取決於操作系統），你不必自己做。

來源

2009-09-15 20:33:56

我刪除周圍的escapeshellarg我額外的報價。然而，bash腳本給我一個未定義的文件名。 – jjclarkson 2009-09-15 20:50:38

哦;在這種情況下，shell腳本中可能存在一個問題:-(首先，如果在最後一行嘗試將雙引號arround $ {INFILE}放在最後一行，會怎麼樣呢？也許你必須做同樣的事情$ {OUTFILE} .png，btw ;;如果它仍然不起作用，如果從shell腳本中對兩個變量執行「回聲」，你會得到什麼？是你期望的嗎？ – 2009-09-15 20:53:48

Bash和PHP，引用命令行參數

回答

相關問題