PHP MySQL的（進出口新的PHP）

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可能重複：
mysql_fetch_array() expects parameter 1 to be resource, boolean given in select PHP MySQL的（進出口新的PHP）

我新的PHP和我試圖從數據庫中簡單地輸出的東西。

這裏是我的代碼：

<?php 
mysql_connect("localhost:3306", "devnullx_user", "thatguy1") or die (mysql_error()); 
mysql_select_db("devnullx_mycrosoft") or die(mysql_error()); 
$strSQL = "SELECT * FROM devnullx_mycrosoft"; 
$result = mysql_query($strSQL); 
while($row = mysql_fetch_array($result)) { 
    echo $row['Username'] . "<br />"; 
} 
mysql_close(); 
?>

這裏是我得到的錯誤： 警告：mysql_fetch_array（）預計參數1是資源，布爾在/ home/devnullx /的public_html/DB給出.php on line 6

我不是很瞭解PHP，但是我正在努力學習，如果你有幫助。

感謝。

來源

2012-10-12 Adam F

你有什麼價值在你的分貝？你確定你的數據庫名和你的表名是一樣的嗎？ – Furry

看起來您正在查詢數據庫而不是數據庫中的表。首先驗證並執行錯誤處理 – janenz00

這意味着查詢無法正常工作。

mysql_query返回時出錯false，否則返回資源。您可以使用mysql_error查找與問題對應的錯誤消息。

祝你好運！

來源

2012-10-12 04:12:02

我不明白，因爲所有信息都是正確的...... –

做@LearneR建議的。一旦你得到了這個錯誤信息，我們可以幫助你更多:) –

Im新的它，這是令人尷尬，但你到底是如何將錯誤添加到該行？謝謝。 –

更換

$result = mysql_query($strSQL);

到

$result = mysql_query($strSQL) or die(mysql_error());

找出錯誤。同時不要使用mysql_*函數，學習mysqli或PDO。

更新：

至於你說你的表名是mycrosoft所以更換

SELECT * FROM devnullx_mycrosoft

到

SELECT * FROM `mycrosoft`

來源

2012-10-12 04:20:39

好吧，我得到了它的一部分，它說「表'devnullx_mycrosoft.devnullx_mycrosoft'不存在」...好吧，我想我沒有正確地把信息，你能提供如何填充我的代碼的語法？：S –

這意味着你的表名不存在於你的'devnullx_mycrosoft'數據庫中，請檢查你提供的表名是否正確？ –

好吧，所以我有這個表，'devnullx_mycrosoft.Username'不存在...所以是數據庫的第一部分？或桌子？第二部分？再次感謝。 –

if(mysql_num_rows($strSQL)>0){ 
    Your Fetching Code 
}

來源

2012-10-12 04:30:00

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用戶這個

$result = mysql_query($strSQL) or die(mysql_error());

代替

$result = mysql_query($strSQL);

這將幫助了你什麼是錯誤

來源

2012-10-12 05:32:31

這是另一個答案的直接副本。 –

`$strSQL = "SELECT * FROM devnullx_mycrosoft";`

devnullx_mycrosoft是你的數據庫，表名稱替換它。 :)

來源

2012-10-12 06:36:59

PHP MySQL的（進出口新的PHP）

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