使用類sqli或PDO連接到數據庫

我正在使用這個類使用mysql，但意識到它已被棄用。我試圖讓它使用PDO或mysqli工作，但我不是100％確定如何讓它工作。使用類sqli或PDO連接到數據庫

class DB { 
    private $link; 
    private $host, $username, $password, $database; 
    public function __construct($host, $username, $password, $database){ 
     $this->host  = $host; 
     $this->username = $username; 
     $this->password = $password; 
     $this->database = $database; 

     $this->link = mysqli_connect($this->host, $this->username, $this->password) 
      OR die("There was a problem connecting to the database."); 

     mysqli_select_db($this->link,$this->database) 
      OR die("There was a problem selecting the database."); 

     return true; 
    } 
    public function query($query) { 
     $result = mysqli_query($link,$query); 
     if (!$result) die('Invalid query: ' . mysqli_error()); 
     return $result; 
    } 

    public function __destruct() { 
     mysqli_close($this->link) 
      OR die("There was a problem disconnecting from the database."); 
    } 

public function gettingDepartments(){ 
     $db = new DB("localhost", "root", "", "visitorform"); 
     $result = $db->query("SELECT * FROM tb_user_dept"); 
     return $result; 
    } 


}

這是我的錯誤：

警告：mysqli_query（）預計參數1是mysqli的，空給出。 mysqli_error（）期望的是1個參數，0給出

來源

2017-07-14 user3053151

你傳遞一個叫'$ link'爲'mysqli_query變量（）'但不設置任何地方... –

我猜''結果= mysqli_query（$ link，$查詢）;'應該可能是'$ result = mysqli_query（$ this-> link，$ query）;' – cteski

很高興看到有人意識到它的折舊和不完全無視這一事實。 –

根據你的錯誤消息，你是不是一個有效的參數傳遞給mysqli_query()並沒有在所有mysqli_error()。

在你DB類query()方法，則需要通過一個名爲$link一個局部變量，其尚未設置mysqli_query()（因此它告訴你它是null）。相反，你需要傳入你的類變量。

同樣，您需要將您的相同類實例變量$link傳遞給mysqli_error()，但您並未這樣做。

你對於自己DB類query()方法更新的代碼應該如下更新：

public function query($query) { 
    $result = mysqli_query($this->link, $query); 
    if (!$result) die('Invalid query: ' . mysqli_error($this->link)); 
    return $result; 
}

來源

2017-07-14 14:34:18

使用類sqli或PDO連接到數據庫

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