錯誤數據庫連接

我創建了一個phplogin名稱數據庫，但它給我一個錯誤錯誤數據庫連接

Parse error: syntax error, unexpected '=' in C:\xampp\htdocs\Login\log.php on line 7

我使用具有XAMP服務器版本XAMPP-win32-1.7.7-VC9的安裝程序

<?php 
    $username=$_POST['username']; 
    $password=$_POST['password']; 

    if($username&&$password) 
    { 
     connect = mysql_connect("localhost","root","root") or die ("couldn't connect"); 
     mysql_select_db("phplogin") or die ("Couldn't find"); 
    } 
    else 
    { 
     echo "you are in"; 
    } 
?>

來源

2015-06-26 ROSHNI

失蹤$。 connect是一個變量&它需要定義爲$connect。應該是 -

$connect = mysql_connect(...

來源

2015-06-26 09:37:02

正如@ b0s3寫你錯過了$之前連我怎麼過，因爲相信你正在努力學習MySQL連接到您準備的語句PDO我建議你，因爲它是更安全的使用和的mysql_connect現在正在變老。

你可以找到更多關於PDO在 http://www.w3schools.com/php/php_mysql_prepared_statements.asp

準備語句，祝你好運:)

來源

2015-06-26 09:48:31 Mensur

讓我們做一個小編輯在這裏：

<?php 

$username=$_POST['username']; 
$password=$_POST['password']; 

if(isSet($username) && isSet($password)) 
{ 
    $connect = new mysqli("localhost","root","root","phplogin"); 
} 
else if() //some conditional here 
{ 
    //some instructions 
} 

?>

使用

isSet()

到檢查變量內容。

您也可以使用（當之前的條件語句返回TRUE）像

if(trim($username)!='' && trim($password)!='')

檢查好像有些崗位。還有一個empty（）方法。

強烈建議使用面向對象的風格。那麼你可以很容易地使用任何mysqli方法，並且代碼清晰，可讀等。忘記PHP中的程序風格（大多數情況下）。

來源

2015-06-26 09:49:52 pavon147

錯誤數據庫連接

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