從php變量獲取數據

$ content = file_get_contents（'file.php'）;從php變量獲取數據

echo $ content;

沒有顯示，預計在瀏覽器中顯示的網頁源代碼時，顯示的是這個

<? foreach(glob("folder/*.php") as $class_filename) { require_once($class_filename); } ?>

所以它獲取內容時不會執行該腳本..

file.php包含此代碼 <? foreach(glob("folder/*.php") as $class_filename) { require_once($class_filename); } ?>

，如果我下一步要做

$content = foreach(glob("folder/*.php") as $class_filename) { require_once($class_filename); } ?>

它抱怨意想不到的foreach ...

有沒有辦法讀取文件夾/ .php文件內容，以單個$變量，然後回聲/打印所有文件夾/ .php文件到頁面，它應該是？

感謝您的幫助。

來源

2012-04-03 Joakim

你能打印你得到確切的錯誤信息？ – 2012-04-03 15:34:56

這就是你想要做的嗎？

$content = ''; 
foreach (glob('folder/*.php') as $class){$content .= file_get_contents($class);} 
echo $content;

來源

2012-04-03 15:36:39 mamadrood

其實是的.. 但這兩個答案都很好，我可以使用它們。 :) 謝謝 – Joakim 2012-04-03 18:23:32

不，DaveyBoy代碼更好，如果你想執行**的PHP代碼。 Mine不會執行文件中的代碼，它只會讀取文件內容。所以，如果你需要執行你的文件，使用DaveyBoy代碼，如果你不需要它，我會更好（因爲你不需要評估文件）。這是兩種不同的用法。 – mamadrood 2012-04-03 19:28:29

你正在嘗試不會執行「file.php」的內容，只是在屏幕上顯示它們的內容。

如果你想執行file.php，使用eval ($content)

捕獲輸出，使用類似：

ob_start();    // Don't echo anything but buffer it up 

$codeToRun=file_get_contents('file.php'); // Get the contents of file.php 
eval ($codeToRun);  // Run the contents of file.php 
$content=ob_get_flush(); // Dump anything that should have been echoed to a variable and stop buffering 

echo $content;   //echo the stuff that should have been echoed above

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2012-04-03 15:37:45 DaveyBoy

感謝您的代碼:) – Joakim 2012-04-03 18:28:50

從php變量獲取數據

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