bash shell的參數擴展$ {}

Question

我不太清楚怎麼去理解這個 -

$ var=' ' 
$ echo "|${var}|" 
| | 
$ echo "|${var// /}|" 
|| 

比。

$ set -- '' '' '' 
$ echo "|${*}|" 
| | 
$ echo "|${*// /}|" 
| | 

然而，當我上面的

$ IFS= 
$echo "|${*// /}|" 
|| 

什麼是在第二組命令中出現問題後添加此？這是預期的結果嗎？

Answer 1

例1

$ var=' ' 
$ echo "|${var}|" 
| | 
$ echo "|${var// /}|" 
|| 

這裏有由兩個空間的簡單的字符串。在兩個管道字符之間展開時，會在管道之間看到兩個空格。當您使用模式替換從變量的擴展中刪除所有空格時，您會看到兩個管道之間的空字符串。

實施例2

$ set -- '' '' '' 

首先，你每個前三個位置參數的設置爲空字符串。您可以通過比較${1-foo}與{$4-foo}（顯示參數（如果設置），但'foo'（如果未設置））的結果來觀察這一點。

$ echo ${1-foo} 

$ echo ${4-foo} 
foo 

所以我們可以看到，$1設置，但空，而$4未設置。

$ echo "|${*}|" 
| | 

接下來，我們看擴大引號內的特殊參數$*，這是由所設置的位置參數，由參數IFS的第一個字符分隔的一個字符串的結果。 IFS默認情況下有一個空格作爲其第一個參數，所以我們看到的是一個由3個空字符串組成的字符串，每個空字符串之間用空格隔開，它們只是一個由2個空格組成的單個字符串。

$ echo "|${*// /}|" 
| | 

當應用模式替換到$*，取代被施加到所得到的參數是使用IFS接合之前單獨每個位置參數。由於位置參數已經爲空，因此從它們移除空格會使其不變。所以你得到的結果與你自己擴展$*的結果相同。

實施例3

$ IFS= 
$ echo "|${*// /}|" 
|| 

這裏的程序是相同的實施例2中，與現在IFS是空字符串，而不是它的「」默認的重要區別。再一次，模式替換並沒有做任何事情，因爲沒有空間可以從任何位置參數中移除。但是現在，擴展$*會生成一個由位置參數組成的字符串，而不包含中間字符。而不是$1 $2 $3，你得到$1$2$3。由於所有三個都是空字符串，結果是空字符串。