PHP忽略通過引用傳遞，如果VAR在函數調用分配

Question

我有兩個功能

function c(&$x) 
{ 
    $x = 25; 
    echo 'c is called, x = ' . $x . PHP_EOL; 
} 

function b() 
{ 
    echo 'b is called'. PHP_EOL; 
    return 5; 
} 

然後我寫了下面的代碼，因爲我想到應該把）B的結果（以$ O，再通過$ o通過引用c（）將其設置爲新值。它的工作原理確定：

$o=b(); 
c($o); 
echo 'o is '.$o; 

的輸出爲預期：

b is called 
c is called, x = 25 
o is 25 

但是，如果我嘗試在函數調用這樣分配的$ O值：

c($o = b()); 
echo 'o is '.$o; 

我變得怪異輸出

b is called 
c is called, x = 25 
o is 5 

函數的順序ca lls仍然是一樣的，但是爲什麼$ o沒有改變，儘管它是通過引用傳遞的？如果在函數調用中賦值，PHP是否強制性地通過值傳遞參數？如果是的話，那麼這個版本是以這種方式工作的？根據這個評論：2006年的http://www.php.net/manual/en/functions.arguments.php#71198它的工作方式不同。我的版本是5.3.6

Answer 1

這是Zend引擎的一個限制，即我所遇到前使用socket_select()/stream_select()，這都需要參數「資源陣」通過引用傳遞時尤爲如此。能夠在一行中分配要通過引用傳遞的變量的值是很好的，但它不是（當前）可以實現的。

我已經看到了（雖然現在我找不到在哪裏，（這是here），它可能沒有權威性反正 ），在PHP的任何表達式求的右側前面提到的表達方式。我的意思是：

$a = 1; 
$b = 2; 
echo $a = $b; 

這將呼應2，因爲這是通過echo語句中的表達式計算表達式$b，這是2的右側。

當通過表達一個函數的結果，如c($o = b());，你是路過的$o = b();的功能c()的結果，這是我的理解（雖然我可能是錯的），該表達式的結果傳遞進入函數並執行該函數，之前 a zval被創建並分配爲保存$o，這種行爲旨在減少內存消耗並加速內部處理，當函數以這種方式嵌套時。這意味着你實際上沒有通過引用傳遞變量，你只需傳入由表達式右邊的b()產生的值 - 由於它沒有變量容器，因此無法通過引用修改該值。

事實上，如果你打開E_STRICT消息，您會看到以下錯誤：

Strict Standards: Only variables should be passed by reference in ...

...所以這種行爲實際上是在「設計」。