使用HTML表單將數據插入數據庫時出錯

我試圖創建一個網站，管理員可以在該網站上查看有關在商店購物的顧客的詳細信息。主頁上列出了所有客戶的名稱，點擊後，每個名稱都被引導到一個名爲CustomerDetails.php的頁面，該頁面提供了有關該特定客戶的更多詳細信息。我試圖編寫一些代碼，允許管理員向特定客戶添加備註。這兩個表如下：使用HTML表單將數據插入數據庫時出錯

CREATE TABLE PHPNotes(
NoteID INT, 
NoteContent VARCHAR(100) NOT NULL, 
CustomerID INT, 
FOREIGN KEY (CustomerID) REFERENCES CustomerEnrolment(CustomerID), 
PRIMARY KEY(NoteID))ENGINE=InnoDB; 

CREATE TABLE CustomerEnrolment(
CustomerID INT, 
Name VARCHAR(30), 
Email VARCHAR(30), 
PhotoURL VARCHAR(30), 
PRIMARY KEY(CustomerID)) ENGINE=InnoDB;

我試圖從窗體中獲取數據（如下所示）並將此特定數據插入到數據庫中。不過，我被告知，我寫的代碼存在錯誤。

<?php 

$Name = $_GET['Name']; 
$CustomerID = $_GET['CustomerID']; 
$sql1 ="SELECT * FROM CustomerEnrolment WHERE CustomerID='$CustomerID'"; 
$sql2 ="SELECT c.*, e.CustomerID FROM CustomerNotes c, CustomerEnrolment e WHERE e.CustomerID=n.CustomerID AND Name='$Name'" ; 


if(! get_magic_quotes_gpc()) { 
    $NoteContent = addslashes ($_POST['NoteContent']); 
} 

else { 
    $NoteContent = $_POST['NoteContent']; 
} 

$NoteID = $_POST['NoteID'];   
$sql = "INSERT INTO CustomerNotes ". "(NoteID,NoteContent,CustomerID) ". "VALUES('$NoteID','$NoteContent','$CustomerID')"; 
$result = mysql_query($sql); 

if(! $result) { 
    die('Could not enter data: ' . mysql_error()); 
} 

echo "Entered data successfully\n"; 

?> 

<p> Add New Customer Record </p> 

<form method = "post" action = "<?php $_PHP_SELF ?>"> 
<table id="Add Record"> 
<tr> <td> Note ID </td> 
<td> <input name = "NoteID" type="text" id="NoteID"></td> 
<td> <input name = "NoteContent" type="text" id="NoteContent"></td> </tr> 
<tr> <td> <input type="hidden" name="CustomerID" value="$CustomerID"></td> </tr> 
<tr> <td> <input name = "Add Customer Note" type = "submit" id = "Add Customer Note" value = "Add Customer Note"> </td> </tr> 
</table> 
</form>

的錯誤是：

Notice: Undefined index: CustomerID 
Notice: Undefined index: NoteContent 
Notice: Undefined index: NoteID 
Could not enter data: Duplicate entry '0' for key 'PRIMARY'

一些意見，以我要去的地方的將是巨大的！

來源

2016-05-13 m.lewis1995

表單用作「post」方法 – selvan

一兩件事 - 你的查詢有問題 - 它應該是：

$sql = "INSERT INTO CustomerNotes (NoteID,NoteContent,CustomerID) VALUES('".$NoteID."','".$NoteContent."','".$CustomerID."')";

和同樣可以爲你的第一個2級的查詢可以說爲好。

而且你混合PHP和HTML而不是一個好辦法:)）

<tr> 
    <td> 
     <input type="hidden" name="CustomerID" value="$CustomerID"> 
    </td> 
</tr>

應該是：

<tr> 
    <td> 
     <input type="hidden" name="CustomerID" value="<?php echo $CustomerID; ?>"> 
    </td> 
</tr>

而且你不關閉你的輸入 - 他們應該是怎樣的？

<input name = "NoteID" type="text" id="NoteID" />

而且 - 鑑於noteID是你的主鍵 - 你應該考慮這種自動遞增，因此，您就不需要有一個名爲「noteID」任何輸入 - 無autoincrementation，因爲你需要一個驗證機制，以檢查那個ID裏面還沒有一張紙條。

來源

2016-05-13 12:36:36 gavgrif

使用POST功能，

$Name = $_POST['Name'];

您的形式使用POST方法。

來源

2016-05-13 12:38:41 selvan

另一個問題你可能有：

<tr> <td> <input type="hidden" name="CustomerID" value="$CustomerID"></td> </tr>

如果你想顯示VAR $CostumerID你應該使用PHP標籤<?php $CostumerID ?>或<?= $CostumerID ?>。

來源

2016-05-13 12:42:45

1）變化

$sql = "INSERT INTO CustomerNotes ". "(NoteID,NoteContent,CustomerID) ". "VALUES('$NoteID','$NoteContent','$CustomerID')";

要

$sql = "INSERT INTO CustomerNotes(NoteID,NoteContent,CustomerID) VALUES('$NoteID','$NoteContent','$CustomerID')";

2）變化

<input type="hidden" name="CustomerID" value="$CustomerID">

要

<input type="hidden" name="CustomerID" value="<?php echo $CustomerID;?>">

來源

2016-05-13 12:43:04

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